bzoj 3795: 魏总刷DP

Description

魏总，也就是DP魏又开始刷DP了。一共有n道题，第i道题魏总原本需要u[i]秒的时间。不过，为了表达对这些水题的藐视，魏总决定先睡k秒再开始刷题。魏总并不清楚自己会睡多久，只知道k是不超过m的正实数。并且魏总还忘了这节课有多长，只记得这节课的长度T（单位：秒）是在L到R之间。（魏总是从开始上课的时候开始睡的）睡醒后，魏总神奇地发现自己做每道题所需的时间变成了原来的k倍。不过DP魏就是DP魏，他可以同时做这n道DP，互不影响。

魏总本想虐场，但他很快发现自己低估这些题了。于是他决定将题分为HARD和EASY。对于每道HARD的题，他希望能最晚在下课后late[i]秒内完成，而对于EASY的题，他希望在下课前rest[i]秒之前完成。

求魏总达到目标的概率。 

Input

第一行，一个整数n

第二行，三个实数m，L，R

第三行，n个整数，第i个为u[i]

就下来n行，每行一个字符串和一个整数，字符串为”HARD”或”EASY”，整数为对应的late[i]或rest[i]。

Output

一行，魏总达到目标的概率，保留4位小数。

将(k,T)看作平面上的点，约束条件为线性不等式，可以转为求半平面交的面积

#include<cstdio>
#include<algorithm>
const int N=;
int n,lp=,p=,as[N];
double xm,ym,S,S1=,L,R;
char s[];
struct pos{double x,y;}ps[N];
struct ln{
    double k,b;
    double x(double y){return (y-b)/k;}
    double y(double x){return k*x+b;}
    bool operator<(ln w)const{return k!=w.k?k<w.k:b>w.b;}
    bool in(pos w){return y(w.x)<=w.y;}
    pos operator&(ln w){
        double x=(w.b-b)/(k-w.k);
        return (pos){x,y(x)};
    }
}ls[N];
int main(){
    scanf("%d%lf%lf%lf",&n,&xm,&L,&R);
    ym=R-L;
    S=xm*ym;
    for(int i=;i<=n;++i)scanf("%d",as+i);
    ls[lp++]=(ln){,};
    for(int i=,b;i<=n;++i){
        scanf("%s%d",s,&b);
        if(s[]=='E')b*=-;
        ls[lp++]=(ln){as[i]+,-L-b};
    }
    std::sort(ls,ls+lp);
    for(int i=;i<lp;++i){
        if(i&&ls[i].k==ls[i-].k)continue;
        while(p>=&&!ls[i].in(ls[p-]&ls[p-]))--p;
        ls[p++]=ls[i];
    }
    while(p>=&&(ls[p-]&ls[p-]).x>xm)--p;
    int p0=;
    while(p-p0>=&&(ls[p0]&ls[p0+]).x<)++p0;
    ps[p0]=(pos){,ls[p0].y()};
    if(ps[p0].y>=ym)return puts("0.0000"),;
    for(int i=p0+;i<p;++i)ps[i]=ls[i]&ls[i-];
    ps[p]=(pos){xm,ls[p-].y(xm)};
    if(ps[p].y>ym){
        while(p-p0>=&&(ls[p-]&ls[p-]).y>ym)--p;
        ps[p]=(pos){ls[p-].x(ym),ym};
    }
    for(int i=p0+;i<=p;++i){
        S1+=(ps[i].x-ps[i-].x)*(ym*-ps[i].y-ps[i-].y);
    }
    printf("%.4f",S1/S/);
    return ;
}