ARC100D Equal Cut

传送门

分析

首先我们想到的肯定是n^3暴力枚举，但这显然不行。然后我们想到的就是二分了，但这题没有什么单调性，所以二分也不行。这时候我就想到了先枚举找出p2的位置再在它的左右两边找到p1和p3，但是良心的样例2告诉了我这样是不行的，因为让p2的位置最优并不意味着整体最优。之后我发现可以枚举p2，在这个基础上枚举p1和p3，因为如果之前p1或p3向右移了几位那它在之后一定不会向左移，这样我们有优化了一小点。根据这个思路我们不难再联想到如果p1+1的答案不如现在的p1优，那p1+2也一定不会更优，这个结论易证。所以我们便得到了一个O(n)做法。

代码

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<string>
#include<algorithm>
#include<cctype>
#include<cmath>
#include<cstdlib>
#include<queue>
#include<ctime>
#include<vector>
#include<set>
#include<map>
#include<stack>
using namespace std;
#define sp cout<<"---------------------------------------------------"<<endl
const long long inf=2e15+;
long long pre[];
int main(){
      long long n,i,x,p1,p2,p3,minn,P;
      cin>>n;
      for(i=;i<=n;i++){
          scanf("%lld",&x);
          pre[i]=pre[i-]+x;
      }
      p1=,p2=,p3=;
      long long ans=inf;
      for(p2;p2<n;p2++){
        minn=inf;
        for(i=p1;i<p2;i++)
          if(abs(pre[i]-(pre[p2]-pre[i]))<minn){
            minn=abs(pre[i]-(pre[p2]-pre[i]));
            p1=i;
          }else break;
        minn=inf;
        if(p3<=p2)p3=p2+;
        for(i=p3;i<=n;i++)
          if(abs((pre[i]-pre[p2])-(pre[n]-pre[i]))<minn){
            minn=abs((pre[i]-pre[p2])-(pre[n]-pre[i]));
            p3=i;
          }else break;
        minn=inf;long long maxn=;
        minn=min(pre[p1],min(pre[p2]-pre[p1],min(pre[p3]-pre[p2],pre[n]-pre[p3])));
        maxn=max(pre[p1],max(pre[p2]-pre[p1],max(pre[p3]-pre[p2],pre[n]-pre[p3])));
        ans=min(ans,maxn-minn);
      }
      cout<<ans<<endl;
      return ;
}