codeforces #472(div 1)

B(two point)

题意：

　　给出长度为n的非递减数组E[1..n]，对于所有三元组(i,j,k),1<=i<j<k<=n且Ek-Ei<=U，我们需要计算出最大的(Ek-Ej)/(Ek-Ei)

　　n<=1e5

分析：

　　考虑枚举i和k，那么j一定是i+1

　　容易发现k越靠右值越大，所以k是满足Ek-Ei<=U的最大的k

　　于是two point就行了

C(思维)

题意：

　　主角每天对河流水位进行标记，相同水位不重复标记。给定每天的在河流水位上的标记数，求最小的所有天的河流水位下的标记数之和。

　　n<=1e5

分析：

　　等价于我们要最小化每天的标记总数

　　我们可以得到一些限制条件，f(i)>=f(i-1) f(i)>=m(i)+1

　　我们可以先从前到后扫一遍得到f

　　但有些问题，就是可能会发生标记数突变，即有两天标记数差值超过1

　　所以我们只能从后向前将依次递增，最后得到正确的f(i)

　　答案就是Σf(i)-m(i)-1

D(二维偏序)

题意：
　　在一个数轴上有n个飞机，每个飞机都有个飞行速度和初始位置。风速的范围是[-w,w]

　　若两架飞机i,j可以在某个风速下同时到达0号点，我们就计数一次

　　问最后计数的结果是多少

　　n<=1e5,w<=1e5

分析：

　　我们考虑作出每架飞机的到达时间与风速的函数图像，一定是光滑的单调曲线

　　如果两架飞机可以同时到达原点，那么就是两条曲线有交点，那就是(ta-ta')(tb-tb')<=0

　　于是就变成了一个二维偏序计数的问题，直接BIT就行了

E(dp)

题意：

　　有n个箱子，每个箱子都有一个高度，部分箱子是重要箱子，部分箱子是非重要箱子。

　　你需要找个垒箱子的顺序，使得底面高度在[l,r]范围内的重要箱子个数最多。

　　n<=10000，保证所有箱子的高度和<=10000

分析：

　　容易发现一个性质，那就是在[l,r]内连续放置的箱子一定是从小到大垒的

　　于是我们可以枚举在[l,r]内放连续的最小的x个重要箱子，然后其它箱子作为垒高度用的

　　但是可能会在这x个重要箱子上再放一个比较高的箱子，答案会+1

　　于是dp[j]表示凑出高度j最少需要多少个重要箱子，就可以根据dp[j]的值判断是否答案加1了

　　时间复杂度O(nh)

 #include<bits/stdc++.h>
 using namespace std;
 const int maxn=;
 struct wjmzbmr
 {
     int a,b;
     bool operator < (const wjmzbmr &x) const
     {
         if(b!=x.b) return b<x.b;
         return a>x.a;
     }
 }a[maxn+];
 int dp[maxn+];
 int s[maxn+];
 int n,l,r,m;
 int ans;
 int main()
 {
     scanf("%d%d%d",&n,&l,&r);
     for(int i=;i<=n;++i) scanf("%d",&a[i].a);
     for(int i=;i<=n;++i) scanf("%d",&a[i].b);
     sort(a+,a+n+);
     for(int i=;i<=maxn;++i) dp[i]=n+;
     for(int i=n;i>=;--i) s[i]=s[i+]+a[i].a;
     for(int i=;i<=n;++i) if(a[i].b==) ++m;else break;
     //for(int i=1;i<=n;++i) printf("%d %d\n",a[i].a,a[i].b);
     dp[]=;
     for(int i=;i<=n;++i)
     {
         if(i>m)
             for(int j=l;j+s[i]<=r;++j)
                 if(dp[j]<=n)
                     ans=max(ans,n-i++(dp[j]+m<i-));
         for(int j=r;j>=a[i].a;--j)
             dp[j]=min(dp[j],dp[j-a[i].a]+a[i].b);
     }
     for(int j=l;j<=r;++j)
         if(dp[j]<n-m) ans=max(ans,);
     printf("%d\n",ans);
     return ;
 }