【BZOJ3669】【Noi2014】魔法森林（Link-Cut Tree）

题面

题目描述

为了得到书法大家的真传，小 E 同学下定决心去拜访住在魔法森林中的隐士。魔法森林可以被看成一个包含 n 个节点 m 条边的无向图，节点标号为 1,2,3,…,n，边标号为 1,2,3,…,m。初始时小 E 同学在 1 号节点，隐士则住在 n 号节点。小 E 需要通过这一片魔法森林，才能够拜访到隐士。

魔法森林中居住了一些妖怪。每当有人经过一条边的时候，这条边上的妖怪就会对其发起攻击。幸运的是，在 1 号节点住着两种守护精灵：A 型守护精灵与 B 型守护精灵。小 E 可以借助它们的力量，达到自己的目的。

只要小 E 带上足够多的守护精灵，妖怪们就不会发起攻击了。具体来说，无向图中的每一条边 ei 包含两个权值 ai 与 bi 。若身上携带的 A 型守护精灵个数不少于 ai ，且 B 型守护精灵个数不少于 bi ，这条边上的妖怪就不会对通过这条边的人发起攻击。当且仅当通过这片魔法森林的过程中没有任意一条边的妖怪向小 E 发起攻击，他才能成功找到隐士。

由于携带守护精灵是一件非常麻烦的事，小 E 想要知道，要能够成功拜访到隐士，最少需要携带守护精灵的总个数。守护精灵的总个数为 A 型守护精灵的个数与 B 型守护精灵的个数之和。

输入输出格式

输入格式：

输入文件的第 1 行包含两个整数 n,m，表示无向图共有 n 个节点，m 条边。接下来 m 行，第i+ 1 行包含 4 个正整数 Xi,Yi,ai,bi，描述第i条无向边。其中Xi与 Yi为该边两个端点的标号，ai 与 bi 的含义如题所述。注意数据中可能包含重边与自环。

输出格式：

输出一行一个整数：如果小 E 可以成功拜访到隐士，输出小 E 最少需要携带的守护精灵的总个数；如果无论如何小 E 都无法拜访到隐士，输出“-1”（不含引号）。

输入输出样例

输入样例#1：

4 5

1 2 19 1

2 3 8 12

2 4 12 15

1 3 17 8

3 4 1 17

输出样例#1：

32

输入样例#2：

3 1

1 2 1 1

输出样例#2：

-1

题解

有些东西真的就是套路

比如这道题目

先讲讲这道题目$SPFA$怎么做

把边按照$a$排序之后，依次加边，权值为$b$

每次跑一边$SPFA$，最后求解即可

因为边是增加的，所以每次的$dis$值不用更新

那么，我们接着考虑

按照$a$排序之后，不断加边，如何求最大边权的最小值

是不是想到了货车运输？

很显然，我们要求最小生成树

但是因为边是动态的，所以需要$LCT$来维护

每次新加入一条边，如何两个点已经联通，

那么检查两点之间的路径的最大权值，和当前边比较

如果更大，则断开那条边，把这一条边给连接上去

否则这一条边不用连接

但是。。。

怎么实现？

$LCT$真心套路

对于$LCT$维护边权

不能像树链剖分那样子，把边权放在点权上维护

需要把边看做一个新的节点再去进行操作（所以$LCT$开$n+m$的空间？？？）

到时候我一定要找时间填$LCT$的坑。。。。（树链剖分我是真的懒得填坑了。。。）

#include<iostream>

#include<cstdio>

#include<cstdlib>

#include<cstring>

#include<cmath>

#include<algorithm>

#include<set>

#include<map>

#include<vector>

#include<queue>

using namespace std;

#define MAX 51000

#define lson (t[x].ch[0])

#define rson (t[x].ch[1])

#define INF 2000000000

inline int read()

{

    int x=0,t=1;char ch=getchar();

    while((ch<'0'||ch>'9')&&ch!='-')ch=getchar();

    if(ch=='-')t=-1,ch=getchar();

    while(ch<='9'&&ch>='0')x=x*10+ch-48,ch=getchar();

    return x*t;

}

struct Node

{

	int ff,ch[2];

	int rev;

	int v,mi;

}t[MAX<<2];

int S[MAX],top=1;

int n,m,ans=INF;

struct Line

{

	int u,v,a,b;

}e[MAX<<2];

bool operator<(Line a,Line b)

{

	if(a.a!=b.a)return a.a<b.a;

	return a.b<b.b;

}

bool isroot(int x){return t[t[x].ff].ch[0]!=x&&t[t[x].ff].ch[1]!=x;}

void pushdown(int x)

{

	if(t[x].rev)

	{

		t[lson].rev^=1;

		t[rson].rev^=1;

		t[x].rev^=1;

		swap(t[x].ch[0],t[x].ch[1]);

	}

}

void pushup(int x)

{

	t[x].mi=x;

	if(lson&&t[t[lson].mi].v>t[t[x].mi].v)t[x].mi=t[lson].mi;

	if(rson&&t[t[rson].mi].v>t[t[x].mi].v)t[x].mi=t[rson].mi;

}

void rotate(int x)

{

	int y=t[x].ff,z=t[y].ff;

	int k=t[y].ch[1]==x;

	if(!isroot(y))t[z].ch[t[z].ch[1]==y]=x;t[x].ff=z;

	t[y].ch[k]=t[x].ch[k^1];t[t[x].ch[k^1]].ff=y;

	t[x].ch[k^1]=y;t[y].ff=x;

	pushup(y);pushup(x);

}

void Splay(int x)

{

	S[top=1]=x;

	for(int i=x;!isroot(i);i=t[i].ff)S[++top]=t[i].ff;

	while(top)pushdown(S[top--]);

	while(!isroot(x))

	{

		int y=t[x].ff,z=t[y].ff;

		if(!isroot(y))

			(t[z].ch[0]==y)^(t[y].ch[0]==x)?rotate(x):rotate(y);

		rotate(x);

	}

}

void access(int x){for(int y=0;x;y=x,x=t[x].ff)Splay(x),t[x].ch[1]=y,pushup(x);}

void makeroot(int x){access(x);Splay(x);t[x].rev^=1;}

int getroot(int x){access(x);Splay(x);while(t[x].ch[0])x=t[x].ch[0];return x;}

void split(int x,int y){makeroot(x);access(y);Splay(y);}

void cut(int x,int y){split(x,y);t[y].ch[0]=t[x].ff=0;pushup(y);}

void link(int x,int y){makeroot(x);t[x].ff=y;}

int Query(int x,int y){split(x,y);return t[y].mi;}

int main()

{

	n=read();m=read();

	for(int i=1;i<=m;++i)

		e[i].u=read(),e[i].v=read(),e[i].a=read(),e[i].b=read();

	sort(&e[1],&e[m+1]);

	for(int i=1;i<=m;++i)

	{

		int u=e[i].u,v=e[i].v,a=e[i].a,b=e[i].b;

		if(getroot(u)==getroot(v))

		{

			int mm=Query(u,v);

			if(t[mm].v>b)

				cut(e[mm-n].u,mm),cut(e[mm-n].v,mm);

			else continue;

		}

		t[i+n].v=b;t[i+n].mi=i+n;

		link(u,i+n);link(v,i+n);

		int aa=getroot(1),bb=getroot(n);

		if(getroot(1)==getroot(n))

			ans=min(ans,a+t[Query(1,n)].v);

	}

	printf("%d\n",ans==INF?-1:ans);

	return 0;

}