2021 CCPC 威海站 VP记录(题解)

题目顺序为vp时开题顺序:

A - Goodbye, Ziyin!

签到，连边数小于等于2的可以作为二叉树根，若有大于4的直接输出0。

code:

void solve(){

	int n;

	cin >> n;

	map<int,int> cnt;

	for (int i = 0;i < n - 1;i ++) {

		int x,y;

		cin >> x >> y;

		cnt[x]++;

		cnt[y]++;

	}

	int ans = 0;

	for (auto [u,v] : cnt) {

		if(v >= 4) {

			cout << 0 << endl;

			return ;

		}

		else if(v <= 2) ans++;

	}

	cout << ans << endl;

}

J - Circular Billiard Table

分析:每次碰撞圆心角不会改变，根据这个性质，可以推出回到原点时一定走过了$360^{\circ}$的倍数，可以推出公式(代码来自队友)

code:

void car()

{

    a*=2;

    ll c=360*b;

    ll d=c/__gcd(c,a)*a;

    cout<<d/a-1<<endl;

}

signed main()

{

    ios::sync_with_stdio(false);

    cin>>t;

    while(t--)

    {

        cin>>a>>b;

        car();

    }

    cerr<<endl<<"carnation13"<<endl;

    return 0;

}

M 810975

题意:n局游戏，赢了m场，连胜最多为k场，求最后方案数

分析:典型隔板法，如果没有连胜最多为k场这个条件，就是经典公式了$ans = \binom{n - m}{n + m - 1}$(发现离散学的这个公式蛮方便的)。解释下这个公式，其实就是隔板放球的模型，把赢得局想成球，输的局想成板，那就是$n + m -1$个地方放$n - m$个板（可重复组合问题)。

然后为了满足最多连胜为k场，在vp的时候和队友推了下感觉正推不好做，于是可以想到用容斥去算出来不合法的方案数，最后用总方案数减去不合法的方案数即可。

考虑不合法的方案数，我们可以这么考虑，有$n - m + 1$段是连胜的区间，那我们可以类似于devu和鲜花那题，把每一段恰好为$k + 1$的情况给算出来容斥掉，就是最后的答案了。

所以公式为:

\[ans = \binom{n + m - 1}{n - m} + \sum_{i = 1}^{n - m + 1}((-1)^{i+1}*\binom{n - m + 1}{i}*\binom{n - i * (k + 1)}{n - m})
\]

稍微解释一下，这里的$i$表示$n + + m - 1$段连胜段里选取$i$段，且这$i$段正好为连胜$k + 1$场的情况。

然后这个公式对应的是连胜最多场数小于等于$k$场的情况，减去小于等于$k-1$的方案数就是最后答案啦

int cal(int n,int m,int k) {

	int res = 0;

	res = C(n + m - 1,n - m);

	int neg = 1;

	for (int i = 0;i <= n - m + 1;i ++) {

		// if(i * (k + 1) >= m) break;

		res = (res + neg * C(n - m + 1 , i) % mod * C(n - i * (k + 1),n - m) % mod) % mod;

		res = (res + mod) % mod;

		neg = -neg;

	}

	return res;

}

void solve(){

	int n,m,k;

	cin >> n >> m >> k;

	int ans = 0;

	if(n < m || k > m) {

		cout << 0 << endl;

		return ;

	}

	ans = cal(n,m,k) - cal(n,m,k - 1);

	ans = (ans % mod + mod) % mod;

	cout << ans << endl;

}

G - Shinyruo and KFC

分析：非常明显的暴力题，题目限定了数据范围是所有数总和小于等于2e5,所以他肯定是两种情况，要么最大的数特别大，前面的都不用算，要么是最大的数不太大，会变成有点类似于分块的处理方法。在同一块内的组合数一起算掉就可以了(这其实是我赛场口胡的，队友听完后打了一个桶思想的代码顺利ac，可能直接看大佬队友的代码就可以了)

code:

signed main(){

	init();

	ios::sync_with_stdio(false);

	cin.tie(nullptr);cout.tie(nullptr);

	cin>>q>>w;

	for(i=1;i<=q;i++)

	{

		cin>>f[i];

		ton[f[i]]++;

	}

	sort(f+1,f+1+q);

	for(i=1;i<=q;i++)

	{

		if(f[i]!=f[i-1])

		cnt++;

		g[cnt]=f[i];

	}

	maxn=min(g[cnt],w);

	for(i=1;i<maxn;i++) cout<<0<<endl;

	for(i=maxn;i<=w;i++)

	{

		ans=1;

		for(int j=1;j<=cnt;j++)

		{

			//cout<<i<<" "<<f[j]<<" "<<C(i,f[j])<<endl;

			ans=ans*qmi(C(i,g[j]),ton[g[j]])%mod;

		}

			cout<<ans<<endl;

	}

}

D - Period

分析：哈希暴力水题，我队因为一直在想kmp做法一直wa（字符串确实不太会)，后来发现暴力hash即可，没啥好说的看代码(来自队友)吧qwq(过的人第三多的签到题了)

code:

#include<bits/stdc++.h>

using namespace std;

typedef long long unsigned ll;

#define rep(i,a,b) for(ll i=a;i<=b;++i)

#define per(i,a,b) for(ll i=a;i>=b;--i)

const ll N=1000005,base=131,mod=212370440130137957ll;

ll n,m,k,q,now=0,c[N];

char s[N];

signed main()

{

    //ios::sync_with_stdio(false);

    scanf("%s",s+1);

    n=strlen(s+1);

    ll a=0,b=0,w=1;

    for(ll i=1;i<=n;++i)

    {

        a=(a*base+s[i]);

        //cout<<a<<" ";

        b=((w*s[n-i+1])+b);

        w=(w*base);

        //cout<<b<<endl;

        if(a==b)c[i]=++now;

        else c[i]=now;

    }

    //for(ll i=1;i<=n;++i)cout<<c[i]<<" ";cout<<endl;

    scanf("%lld",&q);

    for(ll i=1;i<=q;++i)

    {

        ll x;

        scanf("%lld",&x);

        ll mi=min(x,n-x+1)-1;

        printf("%lld\n",c[mi]);

    }

    //cerr<<endl<<"carnation13"<<endl;

    return 0;

}

总结:新队伍的第二场vp，比上一场签完到就各种痛苦wa不会写的情况要好一点，五题其实是在三个小时多点的时候完成的，如果是实际比赛可能能出更多的题（可能吧），这个赛季加油了。