P2231 [HNOI2002]跳蚤

题目描述

Z城市居住着很多只跳蚤。在Z城市周六生活频道有一个娱乐节目。一只跳蚤将被请上一个高空钢丝的正中央。钢丝很长，可以看作是无限长。节目主持人会给该跳蚤发一张卡片。卡片上写有N+1个自然数。其中最后一个是M，而前N个数都不超过M，卡片上允许有相同的数字。跳蚤每次可以从卡片上任意选择一个自然数S，然后向左，或向右跳S个单位长度。而他最终的任务是跳到距离他左边一个单位长度的地方，并捡起位于那里的礼物。

比如当N=2，M=18时，持有卡片(10, 15, 18)的跳蚤，就可以完成任务：他可以先向左跳10个单位长度，然后再连向左跳3次，每次15个单位长度，最后再向右连跳3次，每次18个单位长度。而持有卡片(12, 15, 18)的跳蚤，则怎么也不可能跳到距他左边一个单位长度的地方。

当确定N和M后，显然一共有M^N张不同的卡片。现在的问题是，在这所有的卡片中，有多少张可以完成任务。

输入输出格式

输入格式：

输入文件有且仅有一行，包括用空格分开的两个整数N和M。

输出格式：

输出文件有且仅有一行，即可以完成任务的卡片数。

1\le N\le M\le 10^81≤N≤M≤108，且M^N\le 10^{16}MN≤1016。

输入输出样例

输入样例#1：

2 4

输出样例#1：

说明

这12张卡片分别是：

(1, 1, 4), (1, 2, 4), (1, 3, 4), (1, 4, 4), (2, 1, 4), (2, 3, 4),

(3, 1, 4), (3, 2, 4), (3, 3, 4), (3, 4, 4), (4, 1, 4), (4, 3, 4)

Solution：

　　本题容斥+暴力枚举。

　　因为要向左移动1位，所以可以得到一个线性方程$a_1x_1+a_2x_2+…+a_nx_n=1$，满足有解的情况时，由裴蜀定理得$gcd(x_1,x_2…,x_n)=1$，我们只要满足任意两个数$gcd(x_i,x_j)=1$就好了。

　　我们先求出总的方案数$m^n$，再从中减去所有的整体gcd不为1的情况，由于整体gcd不为1的情况必须满足gcd为m的约数。

　　于是我们枚举m的约数作为整体公约数，对于约数$a$，共有$\frac{m}{a}$个含约数a的数，那么减去$(\frac{m}{a})^n$，然后由于会重复减，所以还得容斥，由于枚举的是m的因子，所以容斥时可以直接用莫比乌斯函数咯，所以只要求$\sum_\limits{d|m}^{m}{\mu(d)*(\frac{m}{d})^n}$就行啦。

代码：

/*Code by 520 -- 9.9*/

#include<bits/stdc++.h>

#define il inline

#define ll long long

#define RE register

#define For(i,a,b) for(RE int (i)=(a);(i)<=(b);(i)++)

#define Bor(i,a,b) for(RE int (i)=(b);(i)>=(a);(i)--)

using namespace std;

ll n,m,ans;

int prime[],cnt;

int u(int x){

    if(x==)return ;

    int num=;

    for(RE int i=;i*i<=x;i++){

        if(x%i==) {

            num++;

            RE int p=;

            while(x%i==) {

                x/=i,p++;

                if(p>)return ;

            }

        }

    }

    if(x>) num++;

    return num&?-:;

}

ll fast(ll s,ll k){

    ll ans=;

    while(k){

        if(k&)ans=ans*s;

        k>>=;

        s*=s;

    }

    return ans;

}

void dfs(int now,ll s){

    if(now>cnt) {ans+=u(s)*fast(m/s,n);return;}

    dfs(now+,s),dfs(now+,s*prime[now]);

}

int main(){

    cin>>n>>m;

    int x=m;

    for(RE int i=;i*i<=m;i++)

        if(x%i==){

            prime[++cnt]=i;

            while(x%i==) x/=i;

        }

    if(x>) prime[++cnt]=x;

    dfs(,);

    cout<<ans;

    return ;

}