1003 NOIP 模拟赛Day2 城市建设

题面不好找放一个吧。

Description

描述

　　在有$N$个地级市的H省，政府为了城市开发建设，决定先修路，后造房子，以吸引外来人员。一开始每个城市中有$b_i$个住户，而在两个城市$u,v$之间建路需要的代价就是$R$乘以$u,v$两个城市的住户数目之和。建路的目标是使得所有城市相互之间都可达。

　　建完路之后，就要造房子了，由于$H$省的房产商仅有一家，所以只能一户一户的造房子。不过政府有权利任意安排建造的顺序，在城市i建造一个房子的代价是，$h_i$乘以城市i当前住户数目同城市i周边城市(即通过道路直接相连的)的当前住户数目之和。由于现在房子炙手可热，所以每造好一户，就立刻有用户入住。政府决定最后的目标是每个城市$a_i$个住户。作为政府部门的财务主管，请你计算出最少需要花费多少钱，才可以完成上述要求。

输入格式

　　第一行一个整数$N$，表示有$N$个城市；

　　接下来一行有$N$个整数，描述$b$数组，也就是每个城市一开始的住户数；

　　接下来一行有$N$个整数，描述$a$数组，也就是每个城市最终的住户数；

　　接下来一行有$N$个整数，描述$h$数组，表示建房费用；

　　接下来有一个$N*N$的矩阵，第$i$行第$j$个元素表示原来$i$城市和$j$城市是否有路相连。

　　最后一行一个整数$R$，表示建路的费用。

输出格式

　　一个整数，表示最小费用。

数据范围与约定

• 对于$100\%$ 的数据，$1 \leq N \leq 50$，$  b[i] \leq a[i] \leq 100000$，$h[i], R \leq 100000$，矩阵是对称的。

Solution

　　首先思考一个结论，假设有城市$x, y$，对应$b_x,b_y,h_x,h_y$，需要在这两个城市各建若干个房子，那么我们一个一个城市分别完成一定比交错完成优。

　　证明：

　　　　假设$h_x > h_y$，那么先在$x$建应当比在$y$建优，如果每一个城市都只要建两所房子的话，列出式子：

　　　　　　$h_x(b_x + b_y) + h_y(b_x + b_y + 1) + h_x(b_x + b_y + 2) + h_y(b_x + b_y + 3)$

　　　　　　$h_x(b_x + b_y) + h_x(b_x + b_y + 1) + h_y(b_x + b_y + 2) + h_y(b_x + b_y + 3)$

　　　　后者减去前者，约掉同类项：

　　　　有　　$(2h_y + h_x) - (h_y + 2h_x) = h_y - h_x < 0$成立。

　　　　需要建两个房子以上的时候可以归纳。

　　合在一起不好算，我们考虑拆开计算贡献，对于每一个点$x$，它对答案的贡献是$h_x(b_x + (b_x + 1) + (b_x + 2) + ... + (a_x - 1)) + h_x * (sum(y))$ $y$是$x$能直接联通的点。

　　前面是一个等差数列求和，后面我们枚举所有的边来计算。

　　按照之前得到的结论，我们对于一条存在的边$(i, j)$，如果$h_i > h_j$就先把$i$的房子建完再把$j$的房子建完，否则就先建$j$。

　　把已知的边算完之后还要联通可能不连通的若干个联通块，这时候就可以把连边的代价计算到边权里面去做一个最小生成树，$kruskal$轻松跑过。

　　时间复杂度是跑不满的$O(n^2logn)$，然而$n$的大小非常具有迷惑性。

Code

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
typedef long long ll;

const int N = ;
const int M = ;

int n, cnt = , w[N][N], ufs[N];
ll a[N], b[N], c, h[N];

struct Pathway {
    int u, v;
    ll val;

    inline Pathway(int nowU = , int nowV = , ll nowVal = 0LL) {
        u = nowU, v = nowV, val = nowVal;
    }   

    friend bool operator < (const Pathway &x, const Pathway &y) {
        return x.val < y.val;
    }

} path[M];

template <typename T>
inline void read(T &X) {
    X = ; char ch = ; T op = ;
    for(; ch > ''|| ch < ''; ch = getchar())
        if(ch == '-') op = -;
    for(; ch >= '' && ch <= ''; ch = getchar())
        X = (X << ) + (X << ) + ch - ;
    X *= op;
}

inline void init() {
    for(int i = ; i <= n; i++) ufs[i] = i;
}

int find(int x) {
    return x == ufs[x] ? x : ufs[x] = find(ufs[x]);
}

int main() {
    read(n);
    for(int i = ; i <= n; i++) read(b[i]);
    for(int i = ; i <= n; i++) read(a[i]);
    for(int i = ; i <= n; i++) read(h[i]);

    char s[N];
    for(int i = ; i <= n; i++) {
        scanf("%s", s + );
        for(int j = ; j <= n; j++)
            if(s[j] == 'Y') w[i][j] = ;
            else w[i][j] = ;
    }
    read(c);

    ll ans = 0LL; int eCnt = ;
    init();
    for(int i = ; i <= n; i++)
        for(int j = ; j < i; j++) {
            if(w[i][j]) {
                if(h[i] < h[j]) ans += h[j] * b[i] * (a[j] - b[j]) + h[i] * a[j] * (a[i] - b[i]);
                else ans += h[i] * b[j] * (a[i] - b[i]) + h[j] * a[i] * (a[j] - b[j]); 

                int u = find(i), v = find(j);
                if(u == v) continue;
                ufs[u] = v;
                ++eCnt;
            } else {
                if(h[i] < h[j]) path[++cnt] = Pathway(i, j, h[j] * b[i] * (a[j] - b[j]) + h[i] * a[j] * (a[i] - b[i]) + (b[i] + b[j]) * c);
                else path[++cnt] = Pathway(i, j, h[i] * b[j] * (a[i] - b[i]) + h[j] * a[i] * (a[j] - b[j]) + (b[i] + b[j]) * c);
            }
        }

    sort(path + , path +  + cnt);
    for(int i = ; i <= cnt && eCnt < n - ; i++) {
        int u = find(path[i].u), v = find(path[i].v);
        if(u == v) continue;
        ans += path[i].val;
        ufs[u] = v;
        ++eCnt;
    }

    for(int i = ; i <= n; i++)
        ans += h[i] * (a[i] - b[i]) * (b[i] + a[i] - ) / ;

    printf("%lld\n", ans);
    return ;
}