Codeforces Round #606 (Div. 2)
A. Happy Birthday, Polycarp!
签到。
Code
/*
* Author: heyuhhh
* Created Time: 2019/12/14 19:07:57
*/
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <cstring>
#include <vector>
#include <cmath>
#include <set>
#include <map>
#include <queue>
#include <iomanip>
#define MP make_pair
#define fi first
#define se second
#define sz(x) (int)(x).size()
#define all(x) (x).begin(), (x).end()
#define INF 0x3f3f3f3f
#define Local
#ifdef Local
#define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)
void err() { std::cout << '\n'; }
template<typename T, typename...Args>
void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }
#else
#define dbg(...)
#endif
void pt() {std::cout << '\n'; }
template<typename T, typename...Args>
void pt(T a, Args...args) {std::cout << a << ' '; pt(args...); }
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair<int, int> pii;
//head
const int N = 1e5 + 5;
int n;
void run(){
cin >> n;
int x = n;
int tot = 0;
while(x) {
++tot; x /= 10;
}
int ans = 0;
for(int i = 1; i <= 9; i++) {
ans += tot - 1;
if(tot != 10) {
int now = 0;
for(int j = 1; j <= tot; j++) now = now * 10 + i;
if(now <= n) ++ans;
}
}
cout << ans << '\n';
}
int main() {
ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0); cout.tie(0);
cout << fixed << setprecision(20);
int T; cin >> T;
while(T--) run();
return 0;
}
B. Make Them Odd
用一个set从大到小模拟一下这个过程即可。
Code
/*
* Author: heyuhhh
* Created Time: 2019/12/14 19:13:49
*/
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <cstring>
#include <vector>
#include <cmath>
#include <set>
#include <map>
#include <queue>
#include <iomanip>
#define MP make_pair
#define fi first
#define se second
#define sz(x) (int)(x).size()
#define all(x) (x).begin(), (x).end()
#define INF 0x3f3f3f3f
#define Local
#ifdef Local
#define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)
void err() { std::cout << '\n'; }
template<typename T, typename...Args>
void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }
#else
#define dbg(...)
#endif
void pt() {std::cout << '\n'; }
template<typename T, typename...Args>
void pt(T a, Args...args) {std::cout << a << ' '; pt(args...); }
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair<int, int> pii;
//head
const int N = 1e5 + 5;
set <int> S;
void run(){
int n; cin >> n;
for(int i = 1; i <= n; i++) {
int x; cin >> x;
if((x & 1) == 0) S.insert(x);
}
int ans = 0;
while(!S.empty()) {
auto it = S.end(); --it;
int now = *it;
S.erase(it);
now >>= 1;
if((now & 1) == 0) S.insert(now);
++ans;
}
cout << ans << '\n';
}
int main() {
ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0); cout.tie(0);
cout << fixed << setprecision(20);
int T; cin >> T;
while(T--) run();
return 0;
}
C. As Simple as One and Two
题意：
给出一个串\(s\)，现在要删除最少的字符，使得串中不含\(one,two\)。
思路：
直接的想法就是找到\(one,two\)就删除，但这里可能有个问题：比如\(twoone、tttwo\)这种，显然有较优的删除方法。
对于有单词重复的情况，显然我们删除一个\(w\)和一个\(n\)最优（因为只可能在两边重复）。
对于两个单词连接起来的情况，我们删除一个\(o\)最优。
所以分情况讨论即可。
Code
/*
* Author: heyuhhh
* Created Time: 2019/12/14 19:26:17
*/
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <cstring>
#include <vector>
#include <cmath>
#include <set>
#include <map>
#include <queue>
#include <iomanip>
#define MP make_pair
#define fi first
#define se second
#define sz(x) (int)(x).size()
#define all(x) (x).begin(), (x).end()
#define INF 0x3f3f3f3f
#define Local
#ifdef Local
#define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)
void err() { std::cout << '\n'; }
template<typename T, typename...Args>
void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }
#else
#define dbg(...)
#endif
void pt() {std::cout << '\n'; }
template<typename T, typename...Args>
void pt(T a, Args...args) {std::cout << a << ' '; pt(args...); }
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair<int, int> pii;
//head
const int N = 2e5 + 5;
char s[N];
int del[N];
bool chk1(int p) {
return s[p] == 'o' && s[p + 1] == 'n' && s[p + 2] == 'e';
}
bool chk2(int p) {
return s[p] == 't' && s[p + 1] == 'w' && s[p + 2] == 'o';
}
void run(){
cin >> (s + 1);
int n = strlen(s + 1);
for(int i = 1; i <= n; i++) del[i] = 0;
for(int i = 1; i <= n - 2; i++) {
if(chk2(i)) {
if(i + 3 <= n && s[i + 3] == 'o') del[i + 1] = 1;
else del[i + 2] = 1;
}
if(chk1(i)) {
if(i - 1 >= 1 && s[i - 1] == 'o') del[i + 1] = 1;
else del[i] = 1;
}
}
int ans = 0;
for(int i = 1; i <= n; i++) ans += del[i];
cout << ans << '\n';
for(int i = 1; i <= n; i++) if(del[i]) cout << i << ' ';
cout << '\n';
}
int main() {
ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0); cout.tie(0);
cout << fixed << setprecision(20);
int T; cin >> T;
while(T--) run();
return 0;
}
D. Let's Play the Words?
题意：
给出若干个互不相同\(01\)串，问最少翻转多少次，满足：
- 所有串互不相同
- 存在一种方案，使得串能够拼接起来
这里的拼接不要求形成环，而是线性拼接起来，只要头尾相同即可拼接，并且我们可以任意安排顺序。
思路：
之后所说的\(xy\)串指的是头为\(x\)，尾为\(y\)的串。
- 首先注意到我们翻转\(00,11\)串没用，我们可以只关注\(01,10\)串。
- 假设两者的数量分别为\(a,b\)，不妨\(a<b\)，在不考虑翻转的情况时，显然贪心进行拼接，即\(10-01-\cdots-10\)。
- 显然，我们只需要对\(\lfloor\frac{b-a}{2}\rfloor\)个\(10\)串进行翻转即可。
- 最后选择翻转的策略是能翻转就翻转，我们用一个\(map\)来判断是否能翻转即可。
- 另一种\(a\geq b\)的情况类似。
简而言之，贪心+\(map\)。
Code
/*
* Author: heyuhhh
* Created Time: 2019/12/14 19:48:43
*/
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <cstring>
#include <vector>
#include <cmath>
#include <set>
#include <map>
#include <queue>
#include <iomanip>
#define MP make_pair
#define fi first
#define se second
#define sz(x) (int)(x).size()
#define all(x) (x).begin(), (x).end()
#define INF 0x3f3f3f3f
#define Local
#ifdef Local
#define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)
void err() { std::cout << '\n'; }
template<typename T, typename...Args>
void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }
#else
#define dbg(...)
#endif
void pt() {std::cout << '\n'; }
template<typename T, typename...Args>
void pt(T a, Args...args) {std::cout << a << ' '; pt(args...); }
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair<int, int> pii;
//head
const int N = 2e5 + 5;
int n;
string s[N];
map <string, int> mp;
int cnt[2][2];
bool chk[N];
string rev(string &S) {
reverse(S.begin(), S.end());
return S;
}
void run(){
cin >> n;
mp.clear();
for(int i = 1; i <= n; i++) chk[i] = 0;
cnt[0][1] = cnt[1][0] = 0;
for(int i = 1; i <= n; i++) {
cin >> s[i];
int len = s[i].length();
if(len > 1) {
if(s[i][0] != s[i][len - 1]) mp[s[i]] = i;
if(s[i][0] == '0' && s[i][len - 1] == '1') ++cnt[0][1];
else if(s[i][0] == '1' && s[i][len - 1] == '0')++cnt[1][0];
}
}
if(cnt[0][1] == 0 && cnt[1][0] == 0) {
int cnt1 = 0, cnt2 = 0;
for(int i = 1; i <= n; i++) {
int len = s[i].length();
if(s[i][0] == '0' && s[i][len - 1] == '0') ++cnt1;
else ++cnt2;
}
if(cnt1 && cnt2) cout << -1 << '\n';
else cout << 0 << '\n' << '\n';
return;
}
int d = abs(cnt[0][1] - cnt[1][0]);
int need = d / 2, ans;
if(cnt[0][1] > cnt[1][0]) {
for(int i = 1; i <= n && need; i++) {
int len = s[i].length();
if(len > 1 && s[i][0] == '0' && s[i][len - 1] == '1') {
rev(s[i]);
if(mp.find(s[i]) == mp.end()) {
--need; chk[i] = 1;
}
rev(s[i]);
}
}
} else {
for(int i = 1; i <= n && need; i++) {
int len = s[i].length();
if(len > 1 && s[i][0] == '1' && s[i][len - 1] == '0') {
rev(s[i]);
if(mp.find(s[i]) == mp.end()) {
--need; chk[i] = 1;
}
rev(s[i]);
}
}
}
if(need == 0) ans = d / 2;
else {
cout << -1 << '\n';
return;
}
cout << ans << '\n';
for(int i = 1; i <= n; i++) if(chk[i]) cout << i << ' ';
cout << '\n';
}
int main() {
ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0); cout.tie(0);
cout << fixed << setprecision(20);
int T; cin >> T;
while(T--) run();
return 0;
}
E. Two Fairs
题意：
给出\(n\)个点，\(m\)条边的无向连通图。
再给定两个点\(a,b\)，询问\((x,y)\)的对数。其中\((x,y)\)为合法的一对需要满足\(x\)到\(y\)的路径必须经过\(a,b\)这两个点。
\((x,y),(y,x)\)为同一种情况。
思路：
一开始想的是将无向图缩点成一颗树，然后在树上搞。方法是可行的，但过于复杂。
原问题为两点路径必须经过\(a,b\)，也就是说，从\(a\)点出发，必须经过\(b\)才能到达某个点；从\(b\)出发。必须经过\(a\)才能到达某个点。
那么我们跑两次\(dfs\)，分别从\(a,b\)出发，找到从\(a,b\)出发不经过对方能到达的所有点，那么剩下的点就是必须经过才能到达的点。
将两者的数量相乘即为答案。
思路的本质是将“路径缩短”，原先跑\(n\)次的问题只需要跑两次。
代码如下：
Code
/*
* Author: heyuhhh
* Created Time: 2019/12/14 20:12:26
*/
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <cstring>
#include <vector>
#include <cmath>
#include <set>
#include <map>
#include <queue>
#include <iomanip>
#define MP make_pair
#define fi first
#define se second
#define sz(x) (int)(x).size()
#define all(x) (x).begin(), (x).end()
#define INF 0x3f3f3f3f
#define Local
#ifdef Local
#define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)
void err() { std::cout << '\n'; }
template<typename T, typename...Args>
void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }
#else
#define dbg(...)
#endif
void pt() {std::cout << '\n'; }
template<typename T, typename...Args>
void pt(T a, Args...args) {std::cout << a << ' '; pt(args...); }
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef pair<int, int> pii;
//head
const int N = 2e5 + 5, M = 5e5 + 5;
int n, m, a, b;
struct Edge {
int v, next;
}e[M << 1];
int head[N], tot;
void adde(int u, int v) {
e[tot].v = v; e[tot].next = head[u]; head[u] = tot++;
}
int cnt;
int col[N];
void init() {
for(int i = 1; i <= n; i++) head[i] = -1; tot = 0;
}
void dfs(int u, int fa, int x) {
col[u] = 1;
if(u == x) return;
for(int i = head[u]; i != -1; i = e[i].next) {
int v = e[i].v;
if(!col[v]) dfs(v, u, x);
}
}
void run(){
cin >> n >> m >> a >> b;
init();
for(int i = 1; i <= m; i++) {
int u, v; cin >> u >> v;
adde(u, v); adde(v, u);
}
dfs(a, 0, b);
int cnt1 = 0, cnt2 = 0;
for(int i = 1; i <= n; i++) {
cnt1 += 1 - col[i];
col[i] = 0;
}
dfs(b, 0, a);
for(int i = 1; i <= n; i++) {
cnt2 += 1 - col[i];
col[i] = 0;
}
ll ans = 1ll * cnt1 * cnt2;
cout << ans << '\n';
}
int main() {
ios::sync_with_stdio(false);
cin.tie(0); cout.tie(0);
cout << fixed << setprecision(20);
int T; cin >> T;
while(T--) run();
return 0;
}
Codeforces Round #606 (Div. 2)的更多相关文章
- 【cf比赛记录】Codeforces Round #606 (Div. 2, based on Technocup 2020 Elimination Round 4)
比赛传送门 只能说当晚状态不佳吧,有点头疼感冒的症状.也跟脑子没转过来有关系,A题最后一步爆搜没能立即想出来,B题搜索没有用好STL,C题也因为前面两题弄崩了心态,最后,果然掉分了. A:简单数学 B ...
- 20191214 Codeforces Round #606 (Div. 2, based on Technocup 2020 Elimination Round 4)
概述 切了 ABCE,Room83 第一 还行吧 A - Happy Birthday, Polycarp! 题解 显然这样的数不会很多. 于是可以通过构造法,直接求出 \([1,10^9]\) 内所 ...
- Codeforces Round #606 (Div. 2, based on Technocup 2020 Elimination Round 4)
链接 签到题,求出位数,然后9*(位数-1)+ 从位数相同的全一开始加看能加几次的个数 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; int m ...
- Codeforces Round #606 (Div. 2, based on Technocup 2020 Elimination Round 4) 题解
Happy Birthday, Polycarp! Make Them Odd As Simple as One and Two Let's Play the Words? Two Fairs Bea ...
- Codeforces Round #606 (Div. 1) Solution
从这里开始 比赛目录 我菜爆了. Problem A As Simple as One and Two 我会 AC 自动机上 dp. one 和 two 删掉中间的字符,twone 删掉中间的 o. ...
- Codeforces Round #606 (Div. 2) E - Two Fairs（DFS，反向思维）
- Codeforces Round #606 (Div. 2) D - Let's Play the Words?（贪心+map）
- Codeforces Round #606 Div. 2 比赛总结
比赛情况 bq. A题 Wrong Answer on test 2 , E题sb题没切.bqbqbq. 比赛总结 bq. 那就直接上题解吧!^-^ A 数位dp,分类讨论,注意细节. Talk is ...
- Codeforces Round #606 (Div. 2) - E. Two Fairs(割点+dfs)
题意:给你一张无向连通图,对于求有多少对$(x,y)$满足互相到达必须经过$(a,b)$,其中$x\neq a,x\neq b,y\neq a,y\neq b$ 思路:显然$a,b$都必须为割点,所以 ...
随机推荐
- 一起学SpringMVC之Request方式
本文主要以一些简单的小例子,简述在SpringMVC开发过程中,经常用到的Request方面的内容,仅供学习分享使用,如有不足之处,还请指正. 概述 在客户机和服务器之间进行请求-响应时,两种最常被用 ...
- C#基础之多线程与异步
1.基本概念 多线程与异步是两个不同概念,之所以把这两个放在一起学习,是因为这两者虽然有区别,但也有一定联系. 多线程是一个技术概念,相对于单线程而言,多线程是多个单线程同时处理逻辑.例如,假如说一个 ...
- VO(视图模型) 与 DTO(数据传输对象)的区别
目录 VO(视图模型) 与 DTO(数据传输对象)的区别 1.VO与DTO概念 2.VO 视图模型的必要性与解耦 2.1 视图模型 2.2 视图模型存在的必要性 2.3 视图模型的解耦 3.DTO 存 ...
- 教程视频、项目源码、全部干货【微信小程序、React Native、Java、iOS、数据结构】
把我收藏多年的教学视频.项目源码分享给大家,大神就可以忽略了,很多东西都是基础性的,都是期初学习阶段收集的东西. 微信小程序(入门级,有web前端基础的人群): 链接: https://pan.bai ...
- Harbor 清理镜像(此方法比较粗暴，但是有效)
0x00 事件 Harbor 私有仓库中占有的存储慢慢越来越大,使用官方的清理工具以及 UI 上的垃圾清理,都似乎也不能清理掉-- 后来吾用了一种简单粗暴的方法清理镜像--删除 harbor regi ...
- MySQL集群读写分离的自定义实现
基于MySQL Router可以实现高可用,读写分离,负载均衡之类的,MySQL Router可以说是非常轻量级的一个中间件了.看了一下MySQL Router的原理,其实并不复杂,原理也并不难理解, ...
- 服务治理-Resilience4j（限流）
Bulkhead Bulkhead一般用于服务调用客户端,用于限定对特定的服务的并发请求数量,起到一下作用:1.防⽌下游依赖被并发请求冲击2.防⽌发⽣连环故障 1.配置规则“order” //允许最大 ...
- nginx 修改文件上传大小限制
修改nginx的配置文件,添加client_max_body_size 字段 注:client_max_body_size 必须要放在server下的server_name下,而不是放在locatio ...
- 用POI 3.17读取EXCEL数据
导入jar 包 <dependency> <groupId>org.apache.poi</groupId> <artifactId>poi</a ...
- flutter---安装教程
下载java jdk https://www.oracle.com/technetwork/java/javase/downloads/jdk13-downloads-5672538.html 下载 ...