Codeforces Round #606 (Div. 2)

A. Happy Birthday, Polycarp!

签到。

Code

/*

 * Author:  heyuhhh

 * Created Time:  2019/12/14 19:07:57

 */

#include <iostream>

#include <algorithm>

#include <cstring>

#include <vector>

#include <cmath>

#include <set>

#include <map>

#include <queue>

#include <iomanip>

#define MP make_pair

#define fi first

#define se second

#define sz(x) (int)(x).size()

#define all(x) (x).begin(), (x).end()

#define INF 0x3f3f3f3f

#define Local

#ifdef Local

  #define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)

  void err() { std::cout << '\n'; }

  template<typename T, typename...Args>

  void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }

#else

  #define dbg(...)

#endif

void pt() {std::cout << '\n'; }

template<typename T, typename...Args>

void pt(T a, Args...args) {std::cout << a << ' '; pt(args...); }

using namespace std;

typedef long long ll;

typedef pair<int, int> pii;

//head

const int N = 1e5 + 5;

int n;

void run(){

    cin >> n;

    int x = n;

    int tot = 0;

    while(x) {

        ++tot; x /= 10;

    }

    int ans = 0;

    for(int i = 1; i <= 9; i++) {

        ans += tot - 1;

        if(tot != 10) {

            int now = 0;

            for(int j = 1; j <= tot; j++) now = now * 10 + i;

            if(now <= n) ++ans;

        }

    }

    cout << ans << '\n';

}

int main() {

    ios::sync_with_stdio(false);

    cin.tie(0); cout.tie(0);

    cout << fixed << setprecision(20);

    int T; cin >> T;

    while(T--) run();

    return 0;

}

B. Make Them Odd

用一个set从大到小模拟一下这个过程即可。

Code

/*

 * Author:  heyuhhh

 * Created Time:  2019/12/14 19:13:49

 */

#include <iostream>

#include <algorithm>

#include <cstring>

#include <vector>

#include <cmath>

#include <set>

#include <map>

#include <queue>

#include <iomanip>

#define MP make_pair

#define fi first

#define se second

#define sz(x) (int)(x).size()

#define all(x) (x).begin(), (x).end()

#define INF 0x3f3f3f3f

#define Local

#ifdef Local

  #define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)

  void err() { std::cout << '\n'; }

  template<typename T, typename...Args>

  void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }

#else

  #define dbg(...)

#endif

void pt() {std::cout << '\n'; }

template<typename T, typename...Args>

void pt(T a, Args...args) {std::cout << a << ' '; pt(args...); }

using namespace std;

typedef long long ll;

typedef pair<int, int> pii;

//head

const int N = 1e5 + 5;

set <int> S;

void run(){

    int n; cin >> n;

    for(int i = 1; i <= n; i++) {

        int x; cin >> x;

        if((x & 1) == 0) S.insert(x);

    }

    int ans = 0;

    while(!S.empty()) {

        auto it = S.end(); --it;

        int now = *it;

        S.erase(it);

        now >>= 1;

        if((now & 1) == 0) S.insert(now);

        ++ans;

    }

    cout << ans << '\n';

}

int main() {

    ios::sync_with_stdio(false);

    cin.tie(0); cout.tie(0);

    cout << fixed << setprecision(20);

    int T; cin >> T;

    while(T--) run();

    return 0;

}

C. As Simple as One and Two

题意：

给出一个串$s$，现在要删除最少的字符，使得串中不含$one,two$。

思路：

直接的想法就是找到$one,two$就删除，但这里可能有个问题：比如$twoone、tttwo$这种，显然有较优的删除方法。

对于有单词重复的情况，显然我们删除一个$w$和一个$n$最优（因为只可能在两边重复）。

对于两个单词连接起来的情况，我们删除一个$o$最优。

所以分情况讨论即可。

Code

/*

 * Author:  heyuhhh

 * Created Time:  2019/12/14 19:26:17

 */

#include <iostream>

#include <algorithm>

#include <cstring>

#include <vector>

#include <cmath>

#include <set>

#include <map>

#include <queue>

#include <iomanip>

#define MP make_pair

#define fi first

#define se second

#define sz(x) (int)(x).size()

#define all(x) (x).begin(), (x).end()

#define INF 0x3f3f3f3f

#define Local

#ifdef Local

  #define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)

  void err() { std::cout << '\n'; }

  template<typename T, typename...Args>

  void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }

#else

  #define dbg(...)

#endif

void pt() {std::cout << '\n'; }

template<typename T, typename...Args>

void pt(T a, Args...args) {std::cout << a << ' '; pt(args...); }

using namespace std;

typedef long long ll;

typedef pair<int, int> pii;

//head

const int N = 2e5 + 5;

char s[N];

int del[N];

bool chk1(int p) {

    return s[p] == 'o' && s[p + 1] == 'n' && s[p + 2] == 'e';

}

bool chk2(int p) {

    return s[p] == 't' && s[p + 1] == 'w' && s[p + 2] == 'o';

}

void run(){

    cin >> (s + 1);

    int n = strlen(s + 1);

    for(int i = 1; i <= n; i++) del[i] = 0;

    for(int i = 1; i <= n - 2; i++) {

        if(chk2(i)) {

            if(i + 3 <= n && s[i + 3] == 'o') del[i + 1] = 1;

            else del[i + 2] = 1;

        }

        if(chk1(i)) {

            if(i - 1 >= 1 && s[i - 1] == 'o') del[i + 1] = 1;

            else del[i] = 1;

        }

    }

    int ans = 0;

    for(int i = 1; i <= n; i++) ans += del[i];

    cout << ans << '\n';

    for(int i = 1; i <= n; i++) if(del[i]) cout << i << ' ';

    cout << '\n';

}

int main() {

    ios::sync_with_stdio(false);

    cin.tie(0); cout.tie(0);

    cout << fixed << setprecision(20);

    int T; cin >> T;

    while(T--) run();

    return 0;

}

D. Let's Play the Words?

题意：

给出若干个互不相同$01$串，问最少翻转多少次，满足：

所有串互不相同
存在一种方案，使得串能够拼接起来

这里的拼接不要求形成环，而是线性拼接起来，只要头尾相同即可拼接，并且我们可以任意安排顺序。

思路：

之后所说的$xy$串指的是头为$x$，尾为$y$的串。

首先注意到我们翻转$00,11$串没用，我们可以只关注$01,10$串。
假设两者的数量分别为$a,b$，不妨$a<b$，在不考虑翻转的情况时，显然贪心进行拼接，即$10-01-\cdots-10$。
显然，我们只需要对$\lfloor\frac{b-a}{2}\rfloor$个$10$串进行翻转即可。
最后选择翻转的策略是能翻转就翻转，我们用一个$map$来判断是否能翻转即可。
另一种$a\geq b$的情况类似。

简而言之，贪心+$map$。

Code

/*

 * Author:  heyuhhh

 * Created Time:  2019/12/14 19:48:43

 */

#include <iostream>

#include <algorithm>

#include <cstring>

#include <vector>

#include <cmath>

#include <set>

#include <map>

#include <queue>

#include <iomanip>

#define MP make_pair

#define fi first

#define se second

#define sz(x) (int)(x).size()

#define all(x) (x).begin(), (x).end()

#define INF 0x3f3f3f3f

#define Local

#ifdef Local

  #define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)

  void err() { std::cout << '\n'; }

  template<typename T, typename...Args>

  void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }

#else

  #define dbg(...)

#endif

void pt() {std::cout << '\n'; }

template<typename T, typename...Args>

void pt(T a, Args...args) {std::cout << a << ' '; pt(args...); }

using namespace std;

typedef long long ll;

typedef pair<int, int> pii;

//head

const int N = 2e5 + 5;

int n;

string s[N];

map <string, int> mp;

int cnt[2][2];

bool chk[N];

string rev(string &S) {

    reverse(S.begin(), S.end());

    return S;

}

void run(){

    cin >> n;

    mp.clear();

    for(int i = 1; i <= n; i++) chk[i] = 0;

    cnt[0][1] = cnt[1][0] = 0;

    for(int i = 1; i <= n; i++) {

        cin >> s[i];

        int len = s[i].length();

        if(len > 1) {

            if(s[i][0] != s[i][len - 1]) mp[s[i]] = i;

            if(s[i][0] == '0' && s[i][len - 1] == '1') ++cnt[0][1];

            else if(s[i][0] == '1' && s[i][len - 1] == '0')++cnt[1][0];

        }

    }

    if(cnt[0][1] == 0 && cnt[1][0] == 0) {

        int cnt1 = 0, cnt2 = 0;

        for(int i = 1; i <= n; i++) {

            int len = s[i].length();

            if(s[i][0] == '0' && s[i][len - 1] == '0') ++cnt1;

            else ++cnt2;

        }

        if(cnt1 && cnt2) cout << -1 << '\n';

        else cout << 0 << '\n' << '\n';

        return;

    }

    int d = abs(cnt[0][1] - cnt[1][0]);

    int need = d / 2, ans;

    if(cnt[0][1] > cnt[1][0]) {

        for(int i = 1; i <= n && need; i++) {

            int len = s[i].length();

            if(len > 1 && s[i][0] == '0' && s[i][len - 1] == '1') {

                rev(s[i]);

                if(mp.find(s[i]) == mp.end()) {

                    --need; chk[i] = 1;

                }

                rev(s[i]);

            }

        }

    } else {

        for(int i = 1; i <= n && need; i++) {

            int len = s[i].length();

            if(len > 1 && s[i][0] == '1' && s[i][len - 1] == '0') {

                rev(s[i]);

                if(mp.find(s[i]) == mp.end()) {

                    --need; chk[i] = 1;

                }

                rev(s[i]);

            }

        }

    }

    if(need == 0) ans = d / 2;

    else {

        cout << -1 << '\n';

        return;

    }

    cout << ans << '\n';

    for(int i = 1; i <= n; i++) if(chk[i]) cout << i << ' ';

    cout << '\n';

}

int main() {

    ios::sync_with_stdio(false);

    cin.tie(0); cout.tie(0);

    cout << fixed << setprecision(20);

    int T; cin >> T;

    while(T--) run();

    return 0;

}

E. Two Fairs

题意：

给出$n$个点，$m$条边的无向连通图。

再给定两个点$a,b$，询问$(x,y)$的对数。其中$(x,y)$为合法的一对需要满足$x$到$y$的路径必须经过$a,b$这两个点。

$(x,y),(y,x)$为同一种情况。

思路：

一开始想的是将无向图缩点成一颗树，然后在树上搞。方法是可行的，但过于复杂。

原问题为两点路径必须经过$a,b$，也就是说，从$a$点出发，必须经过$b$才能到达某个点；从$b$出发。必须经过$a$才能到达某个点。

那么我们跑两次$dfs$，分别从$a,b$出发，找到从$a,b$出发不经过对方能到达的所有点，那么剩下的点就是必须经过才能到达的点。

将两者的数量相乘即为答案。

思路的本质是将“路径缩短”，原先跑$n$次的问题只需要跑两次。

代码如下：

Code

/*

 * Author:  heyuhhh

 * Created Time:  2019/12/14 20:12:26

 */

#include <iostream>

#include <algorithm>

#include <cstring>

#include <vector>

#include <cmath>

#include <set>

#include <map>

#include <queue>

#include <iomanip>

#define MP make_pair

#define fi first

#define se second

#define sz(x) (int)(x).size()

#define all(x) (x).begin(), (x).end()

#define INF 0x3f3f3f3f

#define Local

#ifdef Local

  #define dbg(args...) do { cout << #args << " -> "; err(args); } while (0)

  void err() { std::cout << '\n'; }

  template<typename T, typename...Args>

  void err(T a, Args...args) { std::cout << a << ' '; err(args...); }

#else

  #define dbg(...)

#endif

void pt() {std::cout << '\n'; }

template<typename T, typename...Args>

void pt(T a, Args...args) {std::cout << a << ' '; pt(args...); }

using namespace std;

typedef long long ll;

typedef pair<int, int> pii;

//head

const int N = 2e5 + 5, M = 5e5 + 5;

int n, m, a, b;

struct Edge {

    int v, next;

}e[M << 1];

int head[N], tot;

void adde(int u, int v) {

    e[tot].v = v; e[tot].next = head[u]; head[u] = tot++;

}

int cnt;

int col[N];

void init() {

    for(int i = 1; i <= n; i++) head[i] = -1; tot = 0;

}

void dfs(int u, int fa, int x) {

    col[u] = 1;

    if(u == x) return;

    for(int i = head[u]; i != -1; i = e[i].next) {

        int v = e[i].v;

        if(!col[v]) dfs(v, u, x);

    }

}

void run(){

    cin >> n >> m >> a >> b;

    init();

    for(int i = 1; i <= m; i++) {

        int u, v; cin >> u >> v;

        adde(u, v); adde(v, u);

    }

    dfs(a, 0, b);

    int cnt1 = 0, cnt2 = 0;

    for(int i = 1; i <= n; i++) {

        cnt1 += 1 - col[i];

        col[i] = 0;

    }

    dfs(b, 0, a);

    for(int i = 1; i <= n; i++) {

        cnt2 += 1 - col[i];

        col[i] = 0;

    }

    ll ans = 1ll * cnt1 * cnt2;

    cout << ans << '\n';

}

int main() {

    ios::sync_with_stdio(false);

    cin.tie(0); cout.tie(0);

    cout << fixed << setprecision(20);

    int T; cin >> T;

    while(T--) run();

    return 0;

}