大致题意:在二维平面上,给一些圆形岛屿的坐标和半径,以及圆形船的位置和半径,问能否划到无穷远的地方去

思路:考虑任意两点,如果a和b之间船不能通过,则连一条边,则问题转化为判断点是否在多边形中。先进行坐标变换,将船变到原点,以从起点到每个点的有向角作为状态,每条边的边权为这条边对有向角的改变量,那么点在多边形内相当于存在负权环,从每个点出发跑一下SPFA判负环即可。

#pragma comment(linker, "/STACK:10240000")
#include <map>
#include <set>
#include <cmath>
#include <ctime>
#include <deque>
#include <queue>
#include <stack>
#include <vector>
#include <cstdio>
#include <string>
#include <cstdlib>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <algorithm> using namespace std; #define X first
#define Y second
#define pb push_back
#define mp make_pair
#define all(a) (a).begin(), (a).end()
#define fillchar(a, x) memset(a, x, sizeof(a))
#define fillarray(a, b) memcpy(a, b, sizeof(a)) typedef long long ll;
typedef pair<int, int> pii;
typedef unsigned long long ull; #ifndef ONLINE_JUDGE
namespace Debug {
void RI(vector<int>&a,int n){a.resize(n);for(int i=;i<n;i++)scanf("%d",&a[i]);}
void RI(){}void RI(int&X){scanf("%d",&X);}template<typename...R>
void RI(int&f,R&...r){RI(f);RI(r...);}void RI(int*p,int*q){int d=p<q?:-;
while(p!=q){scanf("%d",p);p+=d;}}void print(){cout<<endl;}template<typename T>
void print(const T t){cout<<t<<endl;}template<typename F,typename...R>
void print(const F f,const R...r){cout<<f<<", ";print(r...);}template<typename T>
void print(T*p, T*q){int d=p<q?:-;while(p!=q){cout<<*p<<", ";p+=d;}cout<<endl;}
}
#endif // ONLINE_JUDGE template<typename T>bool umax(T&a, const T&b){return b<=a?false:(a=b,true);}
template<typename T>bool umin(T&a, const T&b){return b>=a?false:(a=b,true);} const double PI = acos(-1.0);
const int INF = 0x3f3f3f3f;
const double EPS = 1e-8; /* -------------------------------------------------------------------------------- */ const int maxn = 3e2 + ; int dcmp(double x) {
if (fabs(x) < EPS) return ;
return x > ? : - ;
} struct Circle {
double x, y, r;
Circle(double x, double y, double r) {
this->x = x;
this->y = y;
this->r = r;
}
void read() {
scanf("%lf%lf%lf", &x, &y, &r);
}
Circle() {}
};
Circle p[maxn]; double e[maxn][maxn], d[maxn];
bool vis[maxn];
int n, cnt[maxn]; double dist(double x1, double y1, double x2, double y2) {
return sqrt((x1 - x2) * (x1 - x2) + (y1 - y2) * (y1 - y2));
} bool relax(double u, double w, double &v) {
if (dcmp(v - u - w) > ) {
v = u + w;
return true;
}
return false;
} bool spfa(int s) {
queue<int> Q;
Q.push(s);
fillchar(vis, );
for (int i = ; i < n; i ++) {
d[i] = INF;
}
fillchar(cnt, );
d[s] = ;
while (!Q.empty()) {
int H = Q.front(); Q.pop();
vis[H] = false;
for (int i = ; i < n; i ++) {
if (e[H][i] < INF) {
if (relax(d[H], e[H][i], d[i]) && !vis[i]) {
if (cnt[i] >= n) return true;
Q.push(i);
vis[i] = true;
cnt[i] ++;
}
}
}
}
return false;
} void work() {
for (int i = ; i < n; i ++) {
if (spfa(i)) {
puts("NO");
return ;
}
}
puts("YES");
} double calcangle(int i, int j) {
Circle a = p[i], b = p[j];
double angle = acos((a.x * b.x + a.y * b.y) / dist(a.x, a.y, , ) / dist(b.x, b.y, , ));
if (dcmp(a.x * b.y - a.y * b.x) <= ) return angle;
return - angle;
} int main() {
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("in.txt", "r", stdin);
//freopen("out.txt", "w", stdout);
#endif // ONLINE_JUDGE
while (cin >> n) {
for (int i = ; i < n; i ++) {
p[i].read();
}
Circle me;
me.read();
for (int i = ; i < n; i ++) {
p[i].x -= me.x;
p[i].y -= me.y;
}
for (int i = ; i < n; i ++) {
for (int j = ; j < n; j ++) {
e[i][j] = INF + ;
}
}
for (int i = ; i < n; i ++) {
for (int j = i + ; j < n; j ++) {
double buf = dist(p[i].x, p[i].y, p[j].x, p[j].y) - p[i].r - p[j].r;
if (dcmp(buf - me.r * ) < ) {
e[i][j] = calcangle(i, j);
e[j][i] = - e[i][j];
//Debug::print(i, j, e[i][j]);
}
}
}
work();
}
return ;
}

[ACdream 1215 Get Out!]判断点在封闭图形内, SPFA判负环的更多相关文章

  1. spfa 判断负环 (转载)

    当然,对于Spfa判负环,实际上还有优化:就是把判断单个点的入队次数大于n改为:如果总的点入队次数大于所有点两倍 时有负环,或者单个点的入队次数大于sqrt(点数)有负环.这样时间复杂度就降了很多了. ...

  2. uva 558 - Wormholes(Bellman Ford判断负环)

    题目链接:558 - Wormholes 题目大意:给出n和m,表示有n个点,然后给出m条边,然后判断给出的有向图中是否存在负环. 解题思路:利用Bellman Ford算法,若进行第n次松弛时,还能 ...

  3. Wormholes---poj3259(最短路 spfa 判断负环 模板)

    题目链接:http://poj.org/problem?id=3259 题意是问是否能通过虫洞回到过去: 虫洞是一条单向路,不但会把你传送到目的地,而且时间会倒退Ts. 我们把虫洞看成是一条负权路,问 ...

  4. 培训补坑(day5:最小生成树+负环判断+差分约束)

    补坑补坑((╯‵□′)╯︵┻━┻) 内容真的多... 一个一个来吧. 首先是最小生成树. 先讲一下生成树的定义 生成树就是在一张图上选取一些边,使得整个图上所有的点都连通. 那么我们要求的最小生成树有 ...

  5. 解题报告:poj 3259 Wormholes(入门spfa判断负环)

    Description While exploring his many farms, Farmer John has discovered a number of amazing wormholes ...

  6. spfa判断负环

    会了spfa这么长时间竟然不会判断负环,今天刚回.. [例题]poj3259 题目大意:当农场主 John 在开垦他的农场时,他发现了许多奇怪的昆虫洞.这些昆虫洞是单向的,并且可以把你从入口送到出口, ...

  7. 百度地图 判断marker是否在多边形内

    昨天画了圆形,判marker是否存在圆形内.今天来画多边形,判断marker在多边形内. 需要引入一个js      <script type="text/javascript&quo ...

  8. 【Unity3D自学记录】判断物体是否在镜头内

    判断物体是否在镜头内. 其实很简单的方法 代码如下: using UnityEngine; using System.Collections; public class DJH_IsRendering ...

  9. hrbustoj 1429:凸多边形(计算几何,判断点是否在多边形内,二分法)

    凸多边形 Time Limit: 2000 MS    Memory Limit: 65536 K Total Submit: 130(24 users)   Total Accepted: 40(1 ...

随机推荐

  1. SpringBoot 集成 Elasticsearch

    前面在 ubuntu 完成安装 elasticsearch,现在我们SpringBoot将集成elasticsearch. 1.创建SpringBoot项目 我们这边直接引入NoSql中Spring ...

  2. Goldeneye 靶机过关记录

    注:因记录时间不同,记录中1.111和1.105均为靶机地址. 1信息收集 1.1得到目标,相关界面如下: 1.2简单信息收集 wappalyzer插件显示: web服务器:Apache 2.4.7 ...

  3. [V&N2020 公开赛] Web misc部分题解

    0x00 前言 写了一天题目,学到了好多东西, 简单记录一下 0x01 Web HappyCTFd 直接使用网上公开的cve打: 解题思路:先注册一个admin空格账号,注意这里的靶机无法访问外网,邮 ...

  4. SQLi —— 逗号,空格,字段名过滤突破

    前言 出于上海大学生网络安全大赛的一道easysql,促使我积累这篇文章.因为放了大部分时间在Decade和Babyt5上,easysql一点没看,事后看了WP,发现看不懂怎么回事,于是了解了一番. ...

  5. jmeter if控制器使用

    if控制器有两种用法 1.不勾选“interpret condition as variable expression” 直接输入我们需要判断的表达式即可,判断表达式为真时,执行if控制器下的请求 2 ...

  6. 原生Js贪吃蛇游戏实战开发笔记

    前言 本课程是通过JavaScript结合WebAPI DOM实现的一版网页游戏---贪吃蛇的开发全过程,采用面向以象的思想设计开发.通过这个小游戏的开发, 不仅可以掌握JS的语法的应用,还可以学会D ...

  7. 可以用 Python 编程语言做哪些神奇好玩的事情?除了生孩子不能,其他全都行!

    坦克大战 源自于一个用Python写各种小游戏的github合集,star数1k.除了坦克大战外,还包含滑雪者.皮卡丘GOGO.贪吃蛇.推箱子.拼图等游戏. 图片转铅笔画 帮助你快速生成属于自己的铅笔 ...

  8. spring-boot-lll-starter自动化框架介绍

    1. spring-boot-lll-starter自动化框架介绍 1.1. 前言 舔着脸来介绍一波我刚写的自动化框架,spring-boot-lll-starter框架是经由我企业实战总结的一套,适 ...

  9. 2019-2020-1 20199328《Linux内核原理与分析》第九周作业

    笔记部分 2019/11/12 14:45:44 从CPU和内存的角度看linux系统的运行 CPU角度:首先我们进行了系统调度,然后系统进入内核态,把信息压栈,然后我们进行进程管理,由于进入系统调用 ...

  10. Android程序中Acticity间传递数据

    在Android开发过程中,在不同的Acitivity之间传递数据的情况是非常常见的.我花费了一点时间来总结Acitivity之间的数据传递,记录下来. 1.简单传递键值对 这种传递方式非常简单,只需 ...