【CS Round #44 (Div. 2 only) C】Check DFS

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【题意】

给你一个n节点,m条边的无向联通图.

给你一个节点访问的顺序.(1..n的排列)

你可以改变每个点优先访问的出度.(但必须按照dfs的规则);

问你能不能按照所给的访问顺序访问所有的点。

【题解】

模拟题。

按照要求,看看当前到达的点的出度里面有没有下一个点.

没有的话,看看这个点是不是没有其他可以到达的点了。(访问过的点就不能再访问了)

如果是这样的话,就返回上一层的点继续搜,否则的话直接输出无解.

(因为如果有其他的点可以到达的话,显然必须得先走那些点,这样就和所需的顺序不同了)

找到一个目标的点之后,就进入那层递归。

然后如果这个点x还有其他的出度的话,还得对这个点进行出度的搜索。

这样就能模拟dfs的过程了。

【错的次数】

3

【反思】

一开始用了另外一种方法写,好像不是很靠谱

【代码】

/*

*/
#include <cstdio>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <cstring>
#include <vector>
#include <map>
#include <queue>
#include <iomanip>
#include <set>
#include <cstdlib>
#include <cmath>
using namespace std;
#define lson l,m,rt<<1
#define rson m+1,r,rt<<1|1
#define LL long long
#define rep1(i,a,b) for (int i = a;i <= b;i++)
#define rep2(i,a,b) for (int i = a;i >= b;i--)
#define mp make_pair
#define pb emplace_back
#define fi first
#define se second
#define ld long double
#define ms(x,y) memset(x,y,sizeof x)
#define ri(x) scanf("%d",&x)
#define rl(x) scanf("%lld",&x)
#define rs(x) scanf("%s",x)
#define rf(x) scnaf("%lf",&x)
#define oi(x) printf("%d",x)
#define ol(x) printf("%lld",x)
#define oc putchar(' ')
#define os(x) printf(x)
#define all(x) x.begin(),x.end()
#define Open() freopen("F:\\rush.txt","r",stdin)
#define Close() ios::sync_with_stdio(0)
#define sz(x) ((int) x.size())
#define ld long double

typedef pair<int, int> pii;
typedef pair<LL, LL> pll;

//mt19937 myrand(time(0));
//int get_rand(int n){return myrand()%n + 1;}
const int dx[9] = { 0,1,-1,0,0,-1,-1,1,1 };
const int dy[9] = { 0,0,0,-1,1,-1,1,-1,1 };
const double pi = acos(-1.0);
const int N = 1e5;

int n, m, p[N + 10], cnt = 2;
vector <int> g[N + 10];
bool bo[N + 10];

void dfs(int x) {
	if (cnt > n) {
		puts("1");
		exit(0);
	}
	bo[x] = true;
	int len = sz(g[x]), c = 0, fi = 0;
	rep1(i, 0, len - 1) {
		int y = g[x][i];
		if (!bo[y]) {
			c++;
			if (y == p[cnt]) fi = 1;
		}
	}
	if (fi) {
		dfs(p[cnt++]);
		if (c > 1) dfs(x);
	}
	else {
		if (c > 0) {
			puts("0");
			exit(0);
		}
	}
}

int main() {
	//Open();
	//Close();
	ri(n), ri(m);
	rep1(i, 1, n) ri(p[i]);
	rep1(i, 1, m) {
		int x, y;
		ri(x), ri(y);
		g[x].pb(y), g[y].pb(x);
	}
	dfs(1);
	puts("0");
	return 0;
}