2018年蓝桥杯B组C/C++国赛题解

1.换零钞

x星球的钞票的面额只有：100元，5元，2元，1元，共4种。

小明去x星旅游，他手里只有2张100元的x星币，太不方便，恰好路过x星银行就去换零钱。

小明有点强迫症，他坚持要求200元换出的零钞中2元的张数刚好是1元的张数的10倍，

剩下的当然都是5元面额的。

银行的工作人员有点为难，

你能帮助算出：

在满足小明要求的前提下，

最少要换给他多少张钞票吗？

（5元，2元，1元面额的必须都有，不能是0）

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循环判断一下即可

void solve() {

	int n = 200, Max = INT_MAX;

	for (int i = 10; i <= 20; ++i) {

		if ((n - (21 * i / 10)) % 5 == 0)

			Max = min(Max, (n - (21 * i / 10)) / 5  + 21 * i / 10);

	}

	cout << Max;

}

2.激光样式

x星球的盛大节日为增加气氛，用30台机光器一字排开，向太空中打出光柱。

安装调试的时候才发现，不知什么原因，相邻的两台激光器不能同时打开！

国王很想知道，在目前这种bug存在的情况下，一共能打出多少种激光效果？

显然，如果只有3台机器，一共可以成5种样式，即：

全都关上（sorry, 此时无声胜有声，这也算一种）

开一台，共3种

开两台，只1种

30台就不好算了，国王只好请你帮忙了。

要求提交一个整数，表示30台激光器能形成的样式种数。

动态规划

// 2178309

void solve() {

	int n = 30, a[31] = {0, 2, 3};

	for (int i = 3; i <= n; ++i)a[i] = a[i - 1] + a[i - 2];

	cout << a[n];

}

DFS搜索

bool vis[40];

int n = 30, cnt;

// dfs(i) 第i个激光机器 有两种选择:vis[i-1] == 0 时 可选,无论vis[i-1]为何值都不选

// vis[i] 回溯标记是否用过

void dfs(int x) {

	if (x == n + 1) {++cnt; return ;}

	dfs(x + 1);

	if (!vis[x - 1]) {

		vis[x] = 1;

		dfs(x + 1);

		vis[x] = 0;

	}

}

void solve() {

	memset(vis, 0, sizeof(vis));

	dfs(1); cout << cnt ;

}

3.格雷码

格雷码是以n位的二进制来表示数。

与普通的二进制表示不同的是，它要求相邻两个数字只能有1个数位不同。

首尾两个数字也要求只有1位之差。

有很多算法来生成格雷码。以下是较常见的一种：

从编码全0开始生成。

当产生第奇数个数时，只把当前数字最末位改变（0变1，1变0）

当产生第偶数个数时，先找到最右边的一个1，把它左边的数字改变。

用这个规则产生的4位格雷码序列如下：

以下是实现代码，仔细分析其中逻辑，并填写划线部分缺少的代码。

#include <stdio.h>

void show(int a, int n)

{

	int i;

	int msk = 1;

	for (i = 0; i < n - 1; i++) msk = msk << 1;

	for (i = 0; i < n; i++) {

		printf((a & msk) ? "1" : "0");

		msk = msk >> 1;

	}

	printf("\n");

}

void f(int n) {

	int i;

	int num = 1;

	for (i = 0; i < n; i++) num = num << 1;

	int a = 0;

	for (i = 0; i < num; i++) {

		show(a, n);

		if (i % 2 == 0) {

			a = a ^ 1;

		}

		else {

			a = a ^ ((a & (-a)) << 1);

			// a = _________________________ ; //填空

		}

	}

}

int main()

{

	f(4);

	return 0;

}

当产生第偶数个数时，先找到最右边的一个1，把它左边的数字改变。

所以我们只需要找到最右边的1所在的位置就ok了，记得在之前学树状数组的时候有遇到一个lowbit函数解决的就是这个问题，函数只有一行语句：

return (a & (-a));

这样我们就找到了最右边的1所在的位置，把1向左挪移相同的位数后就到了此位的左侧，使用“抑或”语句置位即可。

4.调手表

小明买了块高端大气上档次的电子手表，他正准备调时间呢。

在 M78 星云，时间的计量单位和地球上不同，M78 星云的一个小时有 n 分钟。

大家都知道，手表只有一个按钮可以把当前的数加一。在调分钟的时候，如果当前显示的数是 0 ，那么按一下按钮就会变成 1，再按一次变成 2 。如果当前的数是 n - 1，按一次后会变成 0 。

作为强迫症患者，小明一定要把手表的时间调对。如果手表上的时间比当前时间多1，则要按 n - 1 次加一按钮才能调回正确时间。

小明想，如果手表可以再添加一个按钮，表示把当前的数加 k 该多好啊……

他想知道，如果有了这个 +k 按钮，按照最优策略按键，从任意一个分钟数调到另外任意一个分钟数最多要按多少次。

注意，按 +k 按钮时，如果加k后数字超过n-1,则会对n取模。

比如，n=10, k=6 的时候，假设当前时间是0，连按2次 +k 按钮，则调为2。

「输入格式」

一行两个整数 n, k ，意义如题。

「输出格式」

一行一个整数

表示：按照最优策略按键，从一个时间调到另一个时间最多要按多少次。

「样例输入」

5 3

「样例输出」

2

「样例解释」

如果时间正确则按0次。否则要按的次数和操作系列之间的关系如下：

1：+1

2：+1, +1

3：+3

4：+3, +1

「数据范围」

对于 30% 的数据 0 < k < n <= 5

对于 60% 的数据 0 < k < n <= 100

对于 100% 的数据 0 < k < n <= 100000

题目求从任意数字A1变换成任意数字A2所需的最大操作次数，且变换遵循最优策略。我们根据样例解释把要求转换一下。

①先求当前数字+m所需的最小次数，0 <= m < n，用数组dp[ ]来记录，很显然，dp[ 0 ] = 0; dp[1] = 1

②题目就是要求我们输出 max(dp[])

第一个步骤，我们可以用完全背包的思想来做由于n的最大值为10* 10^5，因此要写空间优化后的完全背包算法。

如果有不懂，可以参考这篇讲解背包问题及优化算法的文章，链接。

const int inf = 0x3f3f3f3f;

int n , k;

int dp[100000 + 5];

void solve() {

	cin >> n >> k;

	int op[] = {1, k};

	int maxt = 0;

	for (int i = 0; i < 2; ++i) {

		for (int j = op[i]; j < n; ++j)

			dp[j] = inf, dp[j] = min(dp[j], dp[j - op[i]] + 1);

	}

	for (int i = 0; i < n; ++i)maxt = max(maxt, dp[i]);

	cout << maxt;

}

5.搭积木

小明对搭积木非常感兴趣。他的积木都是同样大小的正立方体。

在搭积木时，小明选取 m 块积木作为地基，将他们在桌子上一字排开，中间不留空隙，并称其为第0层。

随后，小明可以在上面摆放第1层，第2层，……，最多摆放至第n层。摆放积木必须遵循三条规则：

规则1：每块积木必须紧挨着放置在某一块积木的正上方，与其下一层的积木对齐；

规则2：同一层中的积木必须连续摆放，中间不能留有空隙；

规则3：小明不喜欢的位置不能放置积木。

其中，小明不喜欢的位置都被标在了图纸上。图纸共有n行，从下至上的每一行分别对应积木的第1层至第n层。每一行都有m个字符，字符可能是‘.’或‘X’，其中‘X’表示这个位置是小明不喜欢的。

现在，小明想要知道，共有多少种放置积木的方案。他找到了参加蓝桥杯的你来帮他计算这个答案。

由于这个答案可能很大，你只需要回答这个答案对1000000007(十亿零七)取模后的结果。

注意：地基上什么都不放，也算作是方案之一种。

【输入格式】

输入数据的第一行有两个正整数n和m，表示图纸的大小。

随后n行，每行有m个字符，用来描述图纸。每个字符只可能是‘.’或‘X’。

【输出格式】

输出一个整数，表示答案对1000000007取模后的结果。

【样例输入1】

2 3

..X

.X.

【样例输出1】

4

【样例说明1】

成功的摆放有（其中O表示放置积木）：

(1)

..X

.X.

(2)

..X

OX.

(3)

O.X

OX.

(4)

..X

.XO

【样例输入2】

3 3

..X

.X.

...

【样例输出2】

16

【数据规模约定】

对于10%的数据，n=1，m<=30；

对于40%的数据，n<=10，m<=30；

对于100%的数据，n<=100，m<=100。

不会。。。

6.矩阵求和

经过重重笔试面试的考验，小明成功进入 Macrohard 公司工作。

今天小明的任务是填满这么一张表：

表有 n 行 n 列，行和列的编号都从1算起。

其中第 i 行第 j 个元素的值是 gcd(i, j)的平方，

gcd 表示最大公约数，以下是这个表的前四行的前四列：

1 1 1 1

1 4 1 4

1 1 9 1

1 4 1 16

小明突然冒出一个奇怪的想法，他想知道这张表中所有元素的和。

由于表过于庞大，他希望借助计算机的力量。

「输入格式」

一行一个正整数 n 意义见题。

「输出格式」

一行一个数，表示所有元素的和。由于答案比较大，请输出模 (10^9 + 7)(即：十亿零七) 后的结果。

「样例输入」

4

「样例输出」

48

「数据范围」

对于 30% 的数据，n <= 1000

存在 10% 的数据，n = 10^5

对于 60% 的数据，n <= 10^6

对于 100% 的数据，n <= 10^7

暴力还是能过40%的数据点

拿满分涉及数论的知识点

欧拉函数：（求[1,p)内与p互质数的个数的函数）

欧拉线性筛，求欧拉函数

我们需要求n以内一共有几个k*k(1<=k<=n),比如样例中有几个1 几个4 几个9；也就是说gcd(i,j)=k的(i,j)共有多少对，可以转化为n/k以内有几对i和j的gcd(i,j)=1，这样就可以用欧拉筛法求一下欧拉函数(n/k内有多少个数与i互质)，然后前缀和就是满足条件的对数，然后求总和

参考：https://cloud.tencent.com/developer/article/1200020

参考：http://www.cnblogs.com/8023spz/p/10761240.html