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题意：一条直线上有n个点，标号从1到n，起点为0，终点为N+1，给定m个限制关系（ci，di），访问ci点前必须先访问di点，每两个点之间是单位距离，求在限制条件下，从起点到终点访问完所有的点的最短距离。

分析：画图模拟一下可知，从起点到终点的N+1这段距离是必须的，若想距离最短，必须去重。

　　　比如以下样例，

10 3

3 7

8 9

2 5

试模拟一下按部就班的访问，从0开始，先访问5，再访问2，->7->3->9->8>11,最后结束，因为要满足限制条件，会重走一些路，有些重走是不可避免的，比如限制条件8 9,为了先访问9再访问8，必须将8~9这一段走2遍，但是限制条件2 5和3 7则不然，不必要将2~5和3~7都重走2遍，画图显然可知，只需将2~7重走2遍就可同时满足这两个限制条件，也就是说，如果两个限制条件走过的路有交叉（可能是包含）的话，那么取并集即可。

 #include<cstdio>
 #include<cstring>
 #include<cstdlib>
 #include<cctype>
 #include<cmath>
 #include<iostream>
 #include<sstream>
 #include<iterator>
 #include<algorithm>
 #include<string>
 #include<vector>
 #include<set>
 #include<map>
 #include<stack>
 #include<deque>
 #include<queue>
 #include<list>
 typedef long long ll;
 typedef unsigned long long llu;
 const int INT_INF = 0x3f3f3f3f;
 const int INT_M_INF = 0x7f7f7f7f;
 const ll LL_INF = 0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
 const ll LL_M_INF = 0x7f7f7f7f7f7f7f7f;
 const int dr[] = {, , -, };
 const int dc[] = {-, , , };
 const double pi = acos(-1.0);
 const double eps = 1e-;
 const int MAXN =  + ;
 const int MAXT =  + ;
 using namespace std;
 struct P
 {
     int x, y;
     bool operator < (const P& a)const
     {
         return x <  a.x || (x == a.x && y < a.y);
     }
 };
 int main()
 {
     int N, m;
     while(scanf("%d%d", &N, &m) == )
     {
         if(m == )
         {
             printf("%d\n", N + );
             continue;
         }
         int ans = N + ;
         P num[];
         for(int i = ; i < m; ++i)
             scanf("%d%d", &num[i].x, &num[i].y);
         sort(num, num + m);
         int s = num[].x;
         int e = num[].y;
         for(int i = ; i < m; ++i)
         {
             if(num[i].x > num[i].y) continue;
             if(num[i].x >= s && num[i].y <= e) continue;
             else if(num[i].x >= s && num[i].x <= e && num[i].y >= e)
                 e = num[i].y;
             else
             {
                 ans +=  * (e - s);
                 s = num[i].x;
                 e = num[i].y;
             }
         }
         ans +=  * (e - s);
         printf("%d\n", ans);
     }
     return ;
 }