点住主题同时按ins键可以插入一个支节点 右键主题选择下方的排列图表 可以选择排列方式 按住主题同时ctr+v就会粘帖成一个子主题 文本也可以复制黏贴 主题内容可以直接选择拖动更改结构 选择主题框上的加号可在各个方向快速添加主题框 插入浮动主题 插入关联 插入之后可以更改样式 比如直线 按住ctr可以选择一部分线段然后统一变为直线 线条颜色的更改 插入图标的使用 点图标可以更换数字…

本部分主要是为了研究Xmind思维导图总结设计原型的思路…

Given an array S of n integers, find three integers in S such that the sum is closest to a given number, target. Return the sum of the three integers. You may assume that each input would have exactly one solution. For example, given array S = {-1 2…

NeralJs希望通过解析json数据,动态创建和渲染报表,每个报表呈现一定时间范围的数据,通过使用表格图表等不同的方式,使数据的呈现不死板,且更容易看出规律. 说通俗点,就是动态在一个区域内生成多张图表. 经过深思熟虑(其实写之前什么都没想,想到一点写一点),有以下几个问题需要考虑: 1.由于数据是在报表呈现时从后台直接拉取的,那么在json中应该保存的就是这组数据的定义,如何定义? 如某淘宝商店销售天数据:[10,12,8,9,3,1,12],这些数据都被保存在后台,并被命名为DayInco…

题目链接 \(Description\) 交互库中有三个排好序的,长度分别为\(n_a,n_b,n_c\)的数组\(a,b,c\).你需要求出所有元素中第\(k\)小的数.你可以调用至多\(100\)次询问某个数组中的第几个数的函数. \(n_a,n_b,n_c\leq 10^5\). \(Solution\) 显然的做法是先枚举这个数在哪个数组中,再在三个数组中二分.这个次数是\(log^2\)的. 我们如果每次确定一些数比第\(k\)个数小,那我们可以直接将这些数删掉. (可以假设数组是无限…

背景 老的react架构在渲染时会有一些性能问题,从setstate到render,程序一直在跑,一直到render完成.才能继续下一步操作.如果组件比较多,或者有复杂的计算逻辑,这之间的消耗的时间是比较多的. 假设更新一个组件需要1ms,如果有200个组件要更新,那就需要200ms,这200ms之间是不能响应的.如果这时候用户在input框输入什么东西,表现出来的就是明显的卡顿. React这样的调度策略对动画的支持也不好.如果React更新一次状态,占用浏览器主线程的时间超过16.6ms,就…

如果你是一个普通的博客作者,那么你就应该明白在枯竭时寻找灵感就像是一场噩梦,即使你有一千个想法,但是你无法将它们关联起来也是无用的,所以,为什么不试试iMindMap思维导图呢,尝试创新,进行组建,你会得到惊喜的. 没有什么比思维导图能够更长远的考虑到想法以及问题,乍一看你会觉得导图结构十分简单,然而这其中却包含了你所有的想法你可以让你的思想导图如你所喜欢的那样复杂或详细,有多个分支连接到一个关键的想法,思考所有的小细节,并将它们附加到你的思维导图的相关分支,思维导图能够使得你所有的事务更简单,…

今天带大家使用MindManager2020软件构建出2020年的节假日思维导图. 既然是做2020年的节假日思维导图,那么有个MindManager技巧就是,关于这一类思维导图我们都可以选择时间线导图模板来进行构建.这样的话会更加方便我们了解接下来一整年内每个节假日的前后顺序和时间. 图1:时间线思维导图模板 提到节假日就离不开我们中国人最重要的节日:春节.过春节可以说是整个国家的一大盛事,春节也可以说是最长的一个法定长假了,至少是七天起.甚至很多公司或者企业会延长到十天到十五天.无数人从天南…

题目链接 边颓边写了半上午A掉啦233(本来就是被无数人过掉的好吗→_→) 首先可以\(Query\)一次得到\(a,b\)的大小关系(\(c=d=0\)). 然后发现我们是可以逐位比较出\(a,b\)在这每位上的大小关系的. 最后还剩下\(a,b\)相等的位需要再判断是\(0\)还是\(1\),\(a,b\)分别异或一个\(1,0\)就可以了(假如都是\(0,0\),那异或之后\(1,0\)是\(a>b\):如果都是\(1,1\),异或之后就是\(0,1\),\(a<b\)). 询问次数\(…

题目链接 \(Description\) 有一张\(n\)个点的图.M每次询问\((u,v)\),你需要回答图中\((u,v)\)间是否有边.如果M可以用\(<n(n-1)/2\)次询问确定图中所有点是否连通,M赢:否则你赢.你可以根据M之前的询问任意改变图的连边情况.实现函数\(hasEdge(u,v)\)回答每次询问,使得你赢. \(n\leq 1500\). \(Solution\) 挺有意思的. 既不能早告诉当前点间有边(有边就不用问当前点了,问一个连通块的就行了),也不能一直说没边.不…