注意到模数被给出且非常小,做法肯定要依赖于一些与此相关的性质.找题解打表可以发现循环节长度的lcm不超过60. 考虑怎么用线段树维护循环.对线段树上每个点维护这段区间的循环节.在循环中的位置,如果未进入环特殊记录:每次修改对于未进入环的暴力修改,已进入环的更新在循环节上的位置即可.对于修改经过的节点暴力重构循环节. #include<iostream> #include<cstdio> #include<cmath> #include<cstdlib> #i…

思路: 感觉这题也可神了.. (还是我太弱) 首先发现每一位不会互相影响,可以把每一位分开考虑,然后用树链剖分或者LCT维护这个树 修改直接修改,询问的时候算出来每一位填0,1经过这条链的变换之后得到的值 考虑贪心,从高往低,如果这一位填0可以得到1,那么填0一定是最优的 否则如果可以填1,就把这一位填为1 复杂度是nklog^2n或者nklogn,只能通过50%的数据 发现可以并行计算这k位,复杂度降为nlog^2n的树链剖分或者nlogn的LCT,可以通过100%的数据 这个题没有卡常,合并…

题目链接 BZOJ4105 题解 平方操作orz,虽说应该是线段树,但是不会维护啊QAQ 小瞧一眼题解... 平方成环?环长\(lcm\)小于\(60\)? 果然还是打表找规律题.... 那就很好做了,先预处理每个数是否在环上,如果当前区间存在数不在环上,就暴力修改 如果当前区间都在环上了,就处理出环,之后每次修改只在环上走一步即可 每次修改可能会重置\(logn\)个节点的信息,由于重置一次要求出环,是\(O(60)\)的,所以修改总复杂度是\(O(60nlogn)\)的,可以接受 #incl…

传送门 线段树妙题. 显然平方几次就会循环(打表证明不解释). 然后所有环长度的lcmlcmlcm不大于70. 因此维护一下当前区间中的节点是否全部在环上. 不是直接暴力到叶子节点修改. 否则整体打标记. 简单合并一下就行了.(细节见代码) 代码: #include<bits/stdc++.h> #define N 100005 #define lc (p<<1) #define rc (p<<1|1) #define mid (T[p].l+T[p].r>>…

 FZU 2105  Digits Count Time Limit:10000MS     Memory Limit:262144KB     64bit IO Format:%I64d & %I64u Practice Description Given N integers A={A[0],A[1],...,A[N-1]}. Here we have some operations: Operation 1: AND opn L R Here opn, L and R are intege…

略复杂的一道题,首先要处理开闭区间问题,扩大两倍即可,注意输入最后要\n,初始化不能随便memset 采用线段树,对线段区间进行0,1标记表示该区间是否包含在s内U T S ← S ∪ T 即将[l,r]标记为1I T S ← S ∩ T 即将-oo~l和r~+oo标记为0,因为是并集,所以并集后的集合s一定在[l,r]内,则在l,r内的集合被标记是什么状态就是什么状态(表示是否属于s),[l,r]外的集合不属于s所以标记为0D T S ← S - T  即将[l,r]标记为0,则在[l,r]内…

A Corrupt Mayor's Performance Art Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 100000/100000 K (Java/Others) Total Submission(s): 1905    Accepted Submission(s): 668 Problem Description Corrupt governors always find ways to get dirty money…

题目分析: 首先这题的询问和位(bit)有关,不难想到是用线段树维护位运算. 现在我们压32位再来看这道题. 对于一个加法操作,它的添加位置可以得到,剩下的就是做不超过32的位移.这样根据压位的理论.它最多只会对线段树的两个叶子产生影响,我们分开来考虑两个叶子. 对于一个加法的进位,它实际就是把它之后连续的全为1的位赋值成0,然后更改第一个不是全为1的位,不难想到用lazytag实现. 减法操作与加法操作相反.所以我们要两个标记和两个lazy标记. 对于一个询问,在线段树上查找即可. 代码: #…

主要考线段树的区间修改和区间查询,这里有一个问题就是这么把一个区间的多种颜色上传给父亲甚至祖先节点,在这里题目告诉我们最多30颜色,那么我们可以把这30中颜色用二进制储存和传给祖先节点,二进制的每一位有0和1两种情况,0表示这个区间不存在这种颜色,1就表示存在,我在这里用到或运算,我们确定一个非叶子节点的值时,可以把它的两个儿子节点的值做或运算,只要某一位有1,那么这一位就是1了,这样就完成了颜色的上传.看代码吧. 建树: struct node{ int w,f; //w是颜色的二进制表示的值…

Time Limit: 1000MS   Memory Limit: 65536K Total Submissions: 42472   Accepted: 12850 Description Chosen Problem Solving and Program design as an optional course, you are required to solve all kinds of problems. Here, we get a new problem. There is a…