Billiard 枚举终点, 对于每一个终点一共有四种周期的相遇方式, 枚举一下取最小的时间. #include<bits/stdc++.h> #define LL long long #define LD long double #define fi first #define se second #define mk make_pair #define PLL pair<LL, LL> #define PLI pair<LL, int> #define PII pa…

原文链接http://www.cnblogs.com/zhouzhendong/p/9055728.html 题目传送门 - Codeforces 928E 题意 一束与坐标轴平行或者成$45^\circ$角的光线在一个矩形区域内反射. 如图: 给定矩形的长宽,以及光源位置.光线初始方向,问它最先到达四个角落中的哪一个角落.如果永远不能到达,输出$-1$. 题解 本来不想写的.本次CF又打烂了. D题一个傻逼错误调了40多分钟. E题貌似挺可做的.可是来不及啊.(再加上深更半夜神志不清) 我们来…

https://codeforces.com/contest/1106/problem/F 题意 数列公式为\(f_i=(f^{b_1}_{i-1}*f^{b_2}_{i-2}*...*f^{b_k}_{i-k})\)mod\(P\),给出\(f_{1}...f_{k-1}\)和\(f_{n}\),求\(f_{k}\),其中\(P\)等于998244353 题解 3是998244353的离散对数,所以\(f^{b_1}_{i-1} \equiv 3^{h_i*b_1}(modP)\),怎么求离散…

Codeforces Codeforces Round #484 (Div. 2) E. Billiard 题目连接: http://codeforces.com/contest/982/problem/E Description Consider a billiard table of rectangular size $n \times m$ with four pockets. Let's introduce a coordinate system with the origin at t…

https://codeforces.com/contest/1143/problem/D D. The Beatles time limit per test 1 second memory limit per test 256 megabytes input standard input output standard output Recently a Golden Circle of Beetlovers was found in Byteland. It is a circle rou…

我诈尸啦! 高三退役选手好不容易抛弃天利和金考卷打场CF,结果打得和shi一样--还因为queue太长而unrated了!一个学期不敲代码实在是忘干净了-- 没分该没分,考题还是要订正的 =v= 欢迎阅读本题解! P.S. 这几个算法我是一个也想不起来了 TAT 题目链接 Codeforces 1106F Lunar New Year and a Recursive Sequence 新年和递推数列 题意描述 某数列\(\{f_i\}\)递推公式:\[f_i = (\prod_{j=1}^kf_…

C. Line 题目连接: http://www.codeforces.com/contest/7/problem/C Description A line on the plane is described by an equation Ax + By + C = 0. You are to find any point on this line, whose coordinates are integer numbers from  - 5·1018 to 5·1018 inclusive,…

补一篇以前的扩展欧几里得的题,发现以前写错了竟然也过了,可能数据水??? 这个题还是很有意思的,和队友吵了两天,一边吵一边发现问题??? L. Knights without Fear and Reproach http://codeforces.com/gym/100812/problem/L time limit per test 2.0 s memory limit per test 256 MB input standard input output standard output Th…

题目链接:codeforces 492e vanya and field 留个扩展gcd求逆元的板子. 设i,j为每颗苹果树的位置,因为gcd(n,dx) = 1,gcd(n,dy) = 1,所以当走了n步后,x从0~n-1,y从0~n-1都访问过,但x,y不相同. 所以,x肯定要经过0点,所以我只需要求y点就可以了. i,j为每颗苹果树的位置,设在经过了a步后,i到达了0,j到达了M. 则有 1----------------------(i + b * dx) % n = 0 2------…

首先我们能注意到两个数x, y (0 < x , y < m) 乘以倍数互相可达当且仅当gcd(x, m) == gcd(y, m) 然后我们可以发现我们让gcd(x, m)从1开始出发走向它的倍数一个一个往里加元素就好啦, 往那边走 这个可以用dp求出来, dp[ i ] 表示 gcd(x, m)从 i 开始最大元素一共有多少个, dp[ i ] = max( dp[ j ] ) + cnt[ i ]   且 i | j 然后用扩展欧几里德求出走到下一步需要乘多少. #include<…