http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=6662 仿照 CC B - TREE 那道题的思路写的,差不多.也是要走路径. 像这两种必须走到叶子的路径感觉是必须从INF出发,使得它强制从子树转移过来.否则假如可以在中间节点中断的话,初始值就是0,转移的时候假如子树更不好就不会更新这个0. 与哪个求每个点去往的最远点的标号(同样远的求最小标号)类似. f[u]表示从u节点向下走向子树的最优值,这样必须dfs到叶子然后初始化叶子再返回. g[u]表示从u节点…

题目链接:https://ac.nowcoder.com/acm/contest/992/J 题意:题意很清晰,就是求任意两点距离的和,结果对1e9+7取模. 思路:裸的树形DP题,一条边的贡献值=这条边的权值×左端连接的顶点数×右端连接的顶点数,所以我们dfs算出点y的子树大小siz[y],x为y的父结点,则x与y连线这条边的一端点的个数为siz[y],另一端点的个数为n-siz[y] ,贡献值即为dis[x,y]*siz[y]*(n-siz[y]),注意取模. AC代码: #include<…

http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=6638 偷学一波潘哥的二维离散化和线段树维护最大子段和. 思路是枚举上下边界,但是不需要从左到右用最大子段和dp. 用O(n)建立线段树之后,下边界在往下增长的时候,每次只会单点修改某个点的值,影响这个点的祖先. 注意离散化减去的是数组的开头指针,而lowerbound减去的是另一个东西. #include<bits/stdc++.h> typedef long long ll; using namespac…

http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=6608 题意:给一个比较大的质数P(1e14以内),求比它小的最大的质数Q(貌似保证存在的样子,反正我没判不存在),求Q!modP的值. 一开始觉得是个什么神仙题,但是怎么全场都绿了一片,瞬时感觉智商受到了侮辱.想了很多什么奇奇怪怪的性质,都不太清楚,然后队友卡1007的时候我打了个对P找ans的表看了一下.发现当P-Q=2的时候就是ans=1??? 然后打个(P-2)!%P的表,发现小数据都这样过,估计也是真…

Friends Problem's Link: http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5305 Mean: n个人,m对朋友关系,每个人的朋友中又分为在线好友和不在线好友,对于每个人都要保证在线好友和不在线好友一样多,求方案数有多少种. analyse: 我们用m对关系建立一个无向图(存边即可),同时统计每个节点的度. 首先可以确定的是:如果某个节点的度是奇数,很显然answer=0. 将每个节点的度分为两组:online和offonline. 初始…

Beautiful Set Problem's Link: http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5321 Mean: 给出一个集合,有两种计算集合的值的方式:1  对于集合的一种排列方式,求它任意区间的gcd,将所有区间的gcd值加起来,即为该排列方式的值:将集合所有排列方式的值加起来即为集合的值;2  对于集合,任意取k个数,对于取出k个数,值为k个数的gcd*k;k从1-n(集合总个数),加起来即为集合的值如果集合的值相同,则输出该值,否则输出…

6324.Problem F. Grab The Tree 题目看着好难,但是题解说的很简单,写出来也很简单.能想出来就是简单的,想不出来就难(讲道理,就算是1+1的题目,看不出来就是难的啊). 和后面的东西一点关系都没有... 官方题解: 设sum为所有点权的异或和,A为先手得分,B为后手得分. 若sum=0,则A=B,故无论如何都是平局. 否则考虑sum二进制下最高的1所在那位,一定有奇数个点那一位为1.若先手拿走任意一个那一位为1的点,则B该位为0,故先手必胜. 时间复杂度O(n). 代码…

题目链接 题意:t 组測试数据,每组測试数据有 n个人,m条关系 每条关系能够是 "线上关系" 或者 "线下关系". 要求每一个人的线上关系(条数) == 线下关系(条数) 问共同拥有几种分配方法 思路: ①由于要使每一个人的线上关系的总数 == 线下关系 的总数.那么总关系数一定是偶数所以当m为奇数时,方法数肯定为0: ②由于每条边仅仅有两种状态.online 或 offline,所以能够用壮压来做,1表示online, 0表示offline; ③m最大有 (8*…

线段树分治. 把size看成时间,相当于时间 $l$ 加入这条边,时间 $r+1$ 删除这条边. 注意把左右端点的关系. #include <bits/stdc++.h> ; int X[N], Y[N], top; struct DSU { int fa[N], sz[N]; int find(int x) { while (x != fa[x]) x = fa[x]; return x; } void merge(int x, int y) { x = find(x), y = find(…

由于每个元素贡献是线性的,那么等价于求每个元素出现在多少个异或和为$0$的子集内.因为是任意元素可以去异或,那么自然想到线性基.先对整个集合A求一遍线性基,设为$R$,假设$R$中元素个数为$r$,那么任取一个不在$R$内的元素,$R$中肯定存在一种取法能和这个元素异或和为$0$.同理,取定一个不在$R$内的元素,再随便取另外任意个不在$R$内的元素,$R$内仍然存在一种取法使得这个异或和为$0$.那么每个不在$R$内的元素包含在$2^{n - r - 1}$个集合内(其他不在$R$内的元素可以…