传送门 一道有意思的题. 一开始想错了,以为一直lowerlowerlower_boundboundbound就可以解决询问,结果交上去TLE了之后才发现时间复杂度是错的. 但是贪心思想一定是对的,每次向前尽量推进一定可以得到最优解. 于是我想起了一道叫做弹飞绵羊的题,感觉这道题可以类比. 码了一会一直WA感觉不太对,发现有一个细节写错了233. A了之后在csdn上翻了翻题解. 发现都是倍增优化%%%,我被自己的低智商给蠢哭了,是啊连修改操作都没有分块很low啊. 不过还是讲讲如何分块吧. 对…

传送门 背包经典题. 直接f[i][j]f[i][j]f[i][j]表示选i张牌和为j的方案数. 最后统计答案就行了. 代码: #include<bits/stdc++.h> #define N 55 #define ll long long using namespace std; ll f[N][N*N],ans=0; int x,a,n; int main(){ f[0][0]=1,scanf("%d%d",&n,&a); for(int i=1;i&…

传送门 昨晚打比赛的时候不是很机智啊. 这道题贪心就能过了. 我们可以发现一个明显的结论,每次选的垃圾的距离从大到小排序之后,每个距离对答案的贡献的系数是5,5,7,9,11-也就是最远的是5,其余都是2*rank+1. 这样就可以根据每次选几个垃圾来贪心. 代码: #include<bits/stdc++.h> #define ll long long #define N 200005 using namespace std; inline int read(){ int ans=0; ch…

传送门 数论好题啊. 首先对于b<=sqrt(n)b<=sqrt(n)b<=sqrt(n)的情况直接枚举b判断一下就行了. 下面谈一谈如何解决b>sqrt(n)b>sqrt(n)b>sqrt(n)的情况. 如果b>sqrt(n)b>sqrt(n)b>sqrt(n) 显然有: nnn modmodmod bbb +++ n/b=sn/b=sn/b=s nnn modmodmod bbb +++ b∗(n/b)=sb*(n/b)=sb∗(n/b)=s 这里…

传送门 一道挺有意思的贪心. 从1到n依次满足条件. 注意要特判第一个数已经大于x的情况. 但是如何贪心吃呢? 如果靠左的数没有越界,我们吃靠右的数. 原因是下一次靠右的数就会成为靠左的数,相当于多贡献了一次. 然后貌似要开long long 代码: #include<bits/stdc++.h> #define N 100005 #define ll long long using namespace std; ll a[N],x,ans=0; int n; inline ll read()…

传送门 简单贪心啊. 这题显然跟t并没有关系,取差量最大的几组买入卖出就行了. 于是我们统计一下有几组差量是最大的就行了. 代码: #include<bits/stdc++.h> #define N 100005 using namespace std; inline int read(){ int ans=0; char ch=getchar(); while(!isdigit(ch))ch=getchar(); while(isdigit(ch))ans=(ans<<3)+(a…

传送门 sb贪心啊. 显然能选帕子就选帕子. 首先假设第一个人全出石头. 考虑把一些石头修改成帕子. 这样贡献只增不减,加起来就是答案. 代码: #include<bits/stdc++.h> #define N 100005 using namespace std; char s[N]; int n,delta=0,ans=0; bool col[N]; int main(){ scanf("%s",s+1),n=strlen(s+1); for(int i=1;i<…

传送门 很有意思的一道贪心. 就是每次翻最小的倍数来满足条件. 代码: #include<bits/stdc++.h> #define ll long long using namespace std; inline ll read(){ ll ans=0; char ch=getchar(); while(!isdigit(ch))ch=getchar(); while(isdigit(ch))ans=(ans<<3)+(ans<<1)+(ch^48),ch=getc…

比赛传送门 水题大赛? 全是水题啊!!! T1 ABC333 就是判断是不是两个数都是奇数就行了. 代码: #include<bits/stdc++.h> using namespace std; int main(){ int a,b; cin>>a>>b; if(a%2&&b%2)cout<<"Yes"; else cout<<"No"; return 0; } T2 Shiritori…

签到水题啊... 这题完全跟图论没有关系. 显然如果确定了哪些点会被选之后顺序已经不重要了.于是我们给点按权值排序贪心从大向小选. 我们要求的显然就是∑i(a[i]−(n−i))" role="presentation" style="position: relative;">∑i(a[i]−(n−i))∑i(a[i]−(n−i)) 当这个贡献非正时停止枚举. 然后就没了. 代码: #include<bits/stdc++.h> #def…