LOJ#3034. 「JOISC 2019 Day2」两道料理 找出最大的\(y_{i}\)使得\(sumA_{i} + sumB_{y_i} \leq S_{i}\) 和最大的\(x_{j}\)使得\(sumA_{x_{j}} + sumB_{j} \leq T_{j}\) 然后我们相当于从\((0,0)\)走到\((n,m)\)一条路径,如果\(i,y_{i}\)在路径上或路径上方,那么就加上\(P_{i}\),如果\(x_{j},j\)在路径上或路径下方,就加上\(Q_{j}\) 我们加上…

LOJ#3033. 「JOISC 2019 Day2」两个天线 用后面的天线更新前面的天线,线段树上存历史版本的最大值 也就是线段树需要维护历史版本的最大值,后面的天线的标记中最大的那个和最小的那个,区间中最小的可用天线值,区间中最大的可用天线值 \(i\)可以被\(j\)用到,那么\(j\)在\([i + A_{i},i + B_{i}]\)中,我们枚举右端点的时候,假如到了\(i + A_{i}\)就把\(i\)标记为可用,如果到了\(i + B_{i} + 1\)就把\(i\)标记为不可用…

Loj3033 JOISC 2019 Day2两个天线 下午唯一听懂的题目但,但还是比较模糊.写一篇题解来加深一下印象. 题目大意:给定\(n\)根天线,第\(i\)跟天线的高度为\(h_i\),切它能和与他距离在\([a_i,b_i]\)内的天线交流. 两根天线互相交流当且仅当他们彼此都在对方的交流范围内.定义两根天线交流的代价为\(|H_i-H_j|\) 有\(Q\)次询问,每次询问区间\([l,r]\)内所有够相互交流的天线的交流代价的最大值(\(n <= 2*10^5\)) 首先看到这种…

\(\mathcal{Description}\)   Link.   平面上有 \(n\) 个互不重合的点 \((x_{1..n},y_{1..n})\),求其两两曼哈顿距离的前 \(m\) 小值.   \(n,m\le2.5\times10^5\). \(\mathcal{Solution}\)   会做,但不完全会做.   数前 \(k\) 小的一种技术是:将解大致分类,在每类中维护最优解,一起放入堆中迭代.   应用到本题,按 \((x,y)\) 的二维偏序排序后,对于每个点,尝试维护其…

比赛时和昨天一样困,后面的大奆打代码的速度简直了 T1 用 2.4.6.8 来与 5 抵消掉末尾的 0 ,然后用周期问题的方法直接乘起来并取个位 #include<bits/stdc++.h> using namespace std; const int tw[4]={6,2,4,8}; const int th[4]={1,3,9,7}; const int fr[4]={6,4}; const int sv[4]={1,7,9,3}; const int gi[4]={6,8,4,2};…

正解:kruscal重构树+bfs 解题报告: 我永远喜欢loj! 感觉这题和这题挺像的,,,预处理和解题方法都是,,,所以大概整体二分能过去? 但因为做这题主要是入门一下kruscal重构树,,,所以还是港kruscal重构树滴解法好了QAQ 首先先说下预处理趴,就怎么知道每个点的水壶大小是多少 这个显然就和我放的链接那题差不多,只是这个是四联通bfs umm还是说下具体细节趴,,,还是有点儿区别来着QwQ 就对每个点记录离它最近的建筑的编号和距离,然后再拓展到别的建筑的时候就可以连起这两个建…

题意 题目链接 分析 如果走到了下行车站就一定会在前面的某个车站走回上行车站,可以看成是一对括号. 我们要求的就是 类似 代价最小的括号序列匹配问题,定义 f(i,j) 表示到 i 有 j 个左括号没有匹配. 转移时注意一个车站可以有多个左括号和右括号,如果选多个类似无限背包顺着倒着递推一遍即可. 复杂度 \(O(n^2)\) 代码 代码链接…

题目传送门 https://lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=4244 https://loj.ac/problem/2878 题解 挺妙的一道题. 一开始一直往最短路上面想,然后怎么想发现都没有用. 然后就又开始自闭了.最后又去拜读题解了.(今天怎么读了两次题解啊,没救了没救了 一条合法的路线一定是从 \(0\) 到 \(n + 1\) 的链上套了无数个环.每一个邮戳台至少被一个环经过. 经过邮戳台的方式有 \(4\) 类: 上行 -> 邮戳台 ->…

这种图论问题都挺考验小思维的. 首先,我们把从 $x$ 连出去两条边的都合并了. 然后再去合并从 $x$ 连出去一条原有边与一条新边的情况. 第一种情况直接枚举就行,第二种情况来一个多源 bfs 即可. code: #include <cstdio> #include <string> #include <vector> #include <queue> #include <algorithm> #define N 100006 #define…

非常好的一道图论问题. 显然,我们要求城市间的最小生成树,然后查询路径最大值. 然后我们有一个非常神的处理方法:进行多源 BFS,处理出每一个城市的管辖范围. 显然,如果两个城市的管辖范围没有交集的话连边一定不是优秀的(一定会有一种都在管辖范围之内的连边方式来代替这种连边方式) 然后由于每一个点只属于一个城市的管辖范围,所以每个点只会扩展一次,这个 BFS 的复杂度是线性的. code: #include <bits/stdc++.h> #define N 2006 #define M 200…