http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3333 不错的题,想了非常久不知道怎么处理,并且答案没看懂,然后找个样例模拟下别人的代码立即懂了---以后看不懂的话就拿个样例模拟下别人的代码 举个样例:1 3 3 5 3 5 查询 a, 2 4 b, 2 5 最初是这么想的:对于a查询,倘若把第二个数第三个数变成1个3.那么到b查询,又出现了两个3,再做处理似乎还是O(n),并且假设先出现2,5查询,后出现2,4查询.那么还须要把删除的数补回来.....o(

Turing Tree Time Limit: 6000/3000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)Total Submission(s): 3847    Accepted Submission(s): 1306 Problem Description After inventing Turing Tree, 3xian always felt boring when solving problems a

题目大意: 询问区间内不同种类的数的数值之和 这里逐个添加最后在线查询,会因为相同的数在区间内导致冲突 我们总是希望之后添加的数不会影响前面,那么我们就在添加到第i个数的时候,把所有在1~i 的区间的询问全部处理完成即可 对于之前的冲突,我们可以不断记录上一次冲突的位置,给当前的前缀和添加一个当前的val 对于上一次之前的前缀和要减去那个val就不会产生冲突了(之所以离线也是因为这个地方,如果后面的数添加完成,那么之前可能减去那个位置的数就导致区间查询出错) 所以将询问区间优先右排序就行了 #i

思路:定义一个map容器用来记录数ai上次出现的位置.将查询区间按右边界升序进行排序,当插入第i个数ai时,pre[ai]+1---->i的区间就会多一个不同的数,其值就是ai,那么可以用update(pre[ai]+1,ai)来保存,但又不能影响i之后的位置,故用update(i,-ai)来消除.每次对于右边界时i的查询区间,只要对其左边界求和就行了,即Sum(qt[i].l). #include<iostream> #include<cstdio> #include<

After inventing Turing Tree, 3xian always felt boring when solving problems about intervals, because Turing Tree could easily have the solution. As well, wily 3xian made lots of new problems about intervals. So, today, this sick thing happens again..

Group Time Limit: 4000/2000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others) Total Submission(s): 1959    Accepted Submission(s): 1006 Problem Description There are n men ,every man has an ID(1..n).their ID is unique. Whose ID is i and i

Rabbit Kingdom Time Limit: 6000/3000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others) Total Submission(s): 1999    Accepted Submission(s): 689 Problem Description Long long ago, there was an ancient rabbit kingdom in the forest. Every ra

题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=2852 题目大意:操作①:往盒子里放一个数.操作②:从盒子里扔掉一个数.操作③:查询盒子里大于a的第K小数. 解题思路: 由于模型是盒子,而不是序列,所以可以用树状数组的顺序维护+逆序数思想. 对应的树状数组Solution: 放一个数 $Add(val,1)$ 类似维护逆序数的方法,对应位置上计数+1. 注意Add的while范围要写成$while(x<maxn)$ 如果范围不是最大,那么会导致某些

题目链接: http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=4911 题目大意:最多可以交换K次,就最小逆序对数 解题思路: 逆序数定理,当逆序对数大于0时,若ak<ak+1,那么交换后逆序对数+1,反之-1. 设原始序列最小逆序对数=cnt 那么,交换K次的最小逆序对数max(0,cnt-k) 在求原始序列最小逆序对数上,朴素暴力复杂度O(n^2)不可取 有以下两种O(nlogn)的方法: ①排序内计算: 主要是利用归并排序内的特性,即相邻两个归并序列逆序情

hdu 5792 要找的无非就是一个上升的仅有两个的序列和一个下降的仅有两个的序列,按照容斥的思想,肯定就是所有的上升的乘以所有的下降的,然后再减去重复的情况. 先用树状数组求出lx[i](在第 i 个数左边的数中比它小的数的个数),ld[i](在第 i 个数左边的数中比它大的数的个数),rx[i](在第 i 个数右边的数中比它小的数的个数) ,rd[i](在第 i 个数右边的数中比它大的数的个数).然后重复的情况无非就是题目中a与c重合(rx[i]*rd[i]),a与d重合(rd[i]*ld[

http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1394 或者是我自己挂的专题http://acm.hust.edu.cn/vjudge/contest/view.action?cid=117125#problem/D 思路的话就是我们找出右边比他小的和左边比他小的所有值,然后这个值的数目我们用树状数组去维护一下.然后我们最后暴力枚举一下移动1到n-1个就行了(规律自己找,反正没有看题解,而且这道题目和蓝本子上面的197的例题一样一样的)

链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=6447 思路:很容易推得dp转移公式:dp[i][j] = max(dp[i][j-1],dp[i-1][j],dp[i-1][j-1]+val[i][j]) ,但是很明显离散化后也无法储存这些点,我们可以用树状数组对这个状态转移公式进行优化,我们先以y轴为第一优先级从小到大排序,以x轴为第二优先级从大到小排序,对x轴坐标进行离散化,这样我们就只需要维护x轴上的最大值即可,状态转移方程可优化为: dp[i

http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1541 题意:给你一堆点,每个点右一个level,为其右下方所有点的数量之和,求各个level包含的点数. 题解:由于输入是有序的,每读进一对x,y 只需要考虑之前读入的数据就行了(之后的必定在其右上方).如何计算他的level?只需从其X坐标开始往右所有的X坐标上的点数求和即可.然后再让自己的X坐标点数++.这是单点更新,求前缀和的操作,可以用树状数组. 坑:题目条件有误. add函数里x<=maxn而不是n

题意:求满足a<b<c<d,A[a]<A[b],A[c]<A[d]的所有四元组(a,b,c,d)的个数 看到逆序对顺序对之类的问题一开始想到了曾经用归并排序求逆序对,结果YY了半天无果而终. 其实用树状数组做也很方便. 比如对于序列1 3 2 4 5,设数组c:0 0 0 0 0 一开始读入1,add(a[1],1),c:1 0 0 0 0 读入3,add(a[2],1),c:1 0 0 0 这时sum(a[2])-1就是3前面比3小的数的个数. 下面同理, 读入2,add(

Cube Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 131072/65536 K (Java/Others)Total Submission(s): 1956    Accepted Submission(s): 1017 Problem Description Given an N*N*N cube A, whose elements are either 0 or 1. A[i, j, k] means the numbe

树状数组 N个气球排成一排,从左到右依次编号为1,2,3....N.每次给定2个整数a b(a <= b),lele便为骑上他的“小飞鸽"牌电动车从气球a开始到气球b依次给每个气球涂一次颜色.但是N次以后lele已经忘记了第I个气球已经涂过几次颜 色了,你能帮他算出每个气球被涂过几次颜色吗? 用了树状数组的区间更新 单点查找(一般为单点更新 区间查找) 例如 区间(2,4)加1 则Updata(2,1)   Updata(4+1,-1) 实现了更新(2,4)的值而不改变其他值 求Sum时即

Bubble Sort Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/65536 K (Java/Others)Total Submission(s): 853    Accepted Submission(s): 504 Problem Description P is a permutation of the integers from 1 to N(index starting from 1).Here is t

思路:二分查找位置,之后是裸的树状数组. #include<set> #include<map> #include<cmath> #include<queue> #include<cstdio> #include<vector> #include<string> #include<cstdlib> #include<cstring> #include<iostream> #include

思路:将查询区间按右节点的升序排列,然后插入第i个数的时候,若nun[i]+1已经插入,那么就update(pre[num[i]+1],-1):pre[]表示的是该数的位置.同样若 num[i]-1存在就update(pre[num[i]-1],-1):因为他么与num[i]属于一组,故只需一个存在就行.当查询的右边界r等于i时,只需对其左边界求和就行,Sum(qt[j].l). #include<iostream> #include<cstdio> #include<alg

思路:就是一个很普通的二维树状数组,注意的是x1,y1不一定在x2,y2的左下方. #include<iostream> #include<cstring> #include<algorithm> #include<cstdio> #define Maxn 1105 #define lowbit(x) (x&(-x)) using namespace std; ,LIST[Maxn][Maxn]; int Sum(int i,int j) { ; i