数论 + 容斥 - HDU 1695 GCD

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mean

给定五个数a,b,c,d,k，从1~a中选一个数x，1~b中选一个数y，使得gcd(x,y)=k.

求满足条件的pair(x,y)数.

analyse

由于b,d,k都是1e5数量级的，普通枚举必定超时.

首先可以把b,d都同时除以k，问题就转化成了求1~b/k和1~d/k中的gcd(i,j)=k的对数.

证明如下：

令Ai∈{1,2,3...b}，Bi∈{1,2,3...d}.

如果有：GCD(Ai,Bi)=k

则有:GCD(Ai/k,Bi/k)=1

而对于不能够被k整除的数，不可能有GCD(Ai,Bi)=k.

也就是说，除以K所剔除掉的数都是不满足条件的数，对最终答案没有影响.

这样就大大优化了时间复杂度.

然后就是对1e5以内的数进行质因数分解，使用质因数来构造容斥表.

再枚举1~b/k之间的每一个数，利用容斥原理算出1~d/k中有多少个数与之互质即可.

time complexity

O(N*logN)

code

/*
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* Verdict: Accepted
* Submission Date: 2015-10-08-21.45
* Time: 0MS
* Memory: 137KB
*/
#include <queue>
#include <cstdio>
#include <set>
#include <string>
#include <stack>
#include <cmath>
#include <climits>
#include <map>
#include <cstdlib>
#include <iostream>
#include <vector>
#include <algorithm>
#include <cstring>
#define max(a,b) (a>b?a:b)
using namespace std;
typedef long long(LL);
typedef unsigned long long(ULL);
const double eps(1e-);

const int NN=;
bool v[NN];
int p[NN];
void makePrime()
{
     int num=-,i,j;
     for(i=; i<NN; ++i)
     {
           if(!v[i]) { p[++num]=i; }
           for(j=; j<=num && i*p[j]<NN; ++j)
           {
                 v[i*p[j]]=true;
                 if(i%p[j]==) { break; }
           }
     }
}

struct node
{
     int fac;
     bool ti;
     node() {}
     node(int a,bool b):fac(a),ti(b) {}
};
vector<node> pa[NN];

void pre()
{
     int i,j,a,cnt,si;
     for(i=; i<=; ++i)
     {
           a=i;
           cnt=;
           for(j=; j<=; ++j)
           {
                 if(!(a%p[j]))
                 {
                       pa[i].push_back(node(p[j],false));
                       si=pa[i].size();
                       for(int k=; k<si-; ++k)
                       {
                             pa[i].push_back(node(pa[i][si-].fac*pa[i][k].fac,!pa[i][k].ti));
                       }
                       while(!(a%p[j]))
                             a/=p[j];
                 }
                 if(p[j]>a || a<=) break;
           }
     }
}

int main()
{
     makePrime();
     pre();
     ios_base::sync_with_stdio(false);
     cin.tie();
     int t;
     scanf("%d",&t);
     for(int Cas=; Cas<=t; ++Cas)
     {
           int a,b,c,d,k,si;
           scanf("%d %d %d %d %d",&a,&b,&c,&d,&k);
           if(k==)
           {
                 printf("Case %d: 0\n",Cas);
                 continue;
           }
           a=b/k;
           b=d/k;
           if(a>b) swap(a,b);
           LL ans=b;
           if(a==) ans=;
           for(int i=; i<=a; ++i)
           {
                 si=pa[i].size();
                 for(int j=; j<si; ++j)
                 {
                       if(!(pa[i][j].ti))
                       {
                             ans+=((b-i+)-b/pa[i][j].fac+(i-)/pa[i][j].fac);
                       }
                       else
                       {
                             ans-=((b-i+)-b/pa[i][j].fac+(i-)/pa[i][j].fac);
                       }
                 }
           }
           printf("Case %d: %I64d\n", Cas, ans);
     }
     return ;
}