HEOI2016 树
这道题还是很简单的,可以树剖,然后还有看大佬暴力模拟AC的????!!
我们就执行俩操作,一个是单点修改,这个随便修,然后就是查询一个点,离他最近的被打过标记过的祖先。这个可以这么想,我们先query这个点所在链上的权值,如果>0就说明这条链上肯定是有至少一个被改过的点的。然后直接在区间之内左右二分即可。
(我不会告诉你我一开始想的是什么主席树维护的)
然后树剖写了这么多,就是要注意两点:
1.树剖和线段树千万别写错了……
2.一定要分清原顺序和dfs序,线段树维护的是dfs序,但是实际问题往往要求原顺序,这个一定别搞混!否则会死很惨还不一定能很快调出来。
看一下代码。
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<cmath>
#include<queue>
#include<set>
#define rep(i,a,n) for(int i = a;i <= n;i++)
#define per(i,n,a) for(int i = n;i >= a;i--)
#define enter putchar('\n') using namespace std;
typedef long long ll;
const int M = ;
const int mod = ; int read()
{
int ans = ,op = ;
char ch = getchar();
while(ch < '' || ch > '')
{
if(ch == '-') op = -;
ch = getchar();
}
while(ch >= '' && ch <= '')
{
ans *= ;
ans += ch - '';
ch = getchar();
}
return ans * op;
} struct edge
{
int next,to;
}e[M<<]; struct seg
{
int v;
}t[M<<]; int n,q,x,y,head[M],ecnt,hson[M],size[M],top[M],dep[M],idx,rk[M],dfn[M],fa[M];
char s[]; void add(int x,int y)
{
e[++ecnt].to = y;
e[ecnt].next = head[x];
head[x] = ecnt;
} void dfs1(int x,int f,int depth)
{
size[x] = ,fa[x] = f,dep[x] = depth;
int maxson = -;
for(int i = head[x];i;i = e[i].next)
{
if(e[i].to == f) continue;
dfs1(e[i].to,x,depth+);
size[x] += size[e[i].to];
if(size[e[i].to] > maxson) maxson = size[e[i].to],hson[x] = e[i].to;
}
} void dfs2(int x,int t)
{
top[x] = t,dfn[x] = ++idx,rk[idx] = x;
if(!hson[x]) return;
dfs2(hson[x],t);
for(int i = head[x];i;i = e[i].next)
{
if(e[i].to == fa[x] || e[i].to == hson[x]) continue;
dfs2(e[i].to,e[i].to);
}
} void modify(int p,int l,int r,int pos)
{
if(l == r)
{
t[p].v = ;
return;
}
int mid = (l+r) >> ;
if(pos <= mid) modify(p<<,l,mid,pos);
else modify(p<<|,mid+,r,pos);
t[p].v = t[p<<].v + t[p<<|].v;
} int query(int p,int l,int r,int kl,int kr)
{
if(l == kl && r == kr) return t[p].v;
int mid = (l+r) >> ;
if(kr <= mid) return query(p<<,l,mid,kl,kr);
else if(kl > mid) return query(p<<|,mid+,r,kl,kr);
else return query(p<<,l,mid,kl,mid) + query(p<<|,mid+,r,mid+,kr);
} int check(int l,int r)
{
if(l == r) return l;
int mid = (l+r) >> ;
int g = query(,,n,mid+,r);
if(g) return check(mid+,r);
else return check(l,mid);
} int qrange(int x,int y)
{
while(top[x] != top[y])
{
if(dep[top[x]] < dep[top[y]]) swap(x,y);
int g = query(,,n,dfn[top[x]],dfn[x]);
if(!g) x = fa[top[x]];
else return check(dfn[top[x]],dfn[x]);
}
if(dep[x] > dep[y]) swap(x,y);
return check(dfn[x],dfn[y]);
} int main()
{
n = read(),q = read();
rep(i,,n-) x = read(),y = read(),add(x,y),add(y,x);
dfs1(,,),dfs2(,);
while(q--)
{
scanf("%s",s);
if(s[] == 'C') x = read(),modify(,,n,dfn[x]);
else x = read(),printf("%d\n",rk[qrange(x,)]);
}
return ;
}
HEOI2016 树的更多相关文章
- BZOJ 4551: [Tjoi2016&Heoi2016]树
4551: [Tjoi2016&Heoi2016]树 Time Limit: 20 Sec Memory Limit: 128 MBSubmit: 748 Solved: 394[Subm ...
- BZOJ_4551_[Tjoi2016&Heoi2016]树_树剖+线段树
BZOJ_4551_[Tjoi2016&Heoi2016]树_树剖+线段树 Description 在2016年,佳媛姐姐刚刚学习了树,非常开心.现在他想解决这样一个问题:给定一颗有根树(根为 ...
- [BZOJ4551][TJOI2016&&HEOI2016]树(并查集)
4551: [Tjoi2016&Heoi2016]树 Time Limit: 20 Sec Memory Limit: 128 MBSubmit: 1746 Solved: 800[Sub ...
- 【BZOJ4551】[Tjoi2016&Heoi2016]树 并查集
[BZOJ4551][Tjoi2016&Heoi2016]树 Description 在2016年,佳媛姐姐刚刚学习了树,非常开心.现在他想解决这样一个问题:给定一颗有根树(根为1),有以下两 ...
- BZOJ4551——[Tjoi2016&Heoi2016]树
1.题意: 给定一颗有根树(根为1),有以下 两种操作:1. 标记操作:对某个结点打上标记(在最开始,只有结点1有标记,其他结点均无标记,而且对于某个 结点,可以打多次标记.)2. 询问操作:询问某个 ...
- [bzoj4551][Tjoi2016][Heoi2016]树
Description 在2016年,佳媛姐姐刚刚学习了树,非常开心. 现在她想解决这样一个问题:给定一颗有根树(根为1),有以下两种操作: 1. 标记操作:对某个结点打上标记(在最开始,只有结点1有 ...
- BZOJ4551: [Tjoi2016&Heoi2016]树
Description 在2016年,佳媛姐姐刚刚学习了树,非常开心.现在他想解决这样一个问题:给定一颗有根树(根为1),有以下 两种操作:1. 标记操作:对某个结点打上标记(在最开始,只有结点1有标 ...
- [bzoj4551][Tjoi2016&Heoi2016]树-树链剖分
Brief Description 给定一颗有根树(根为1),有以下 两种操作:1. 标记操作:对某个结点打上标记(在最开始,只有结点1有标记,其他结点均无标记,而且对于某个 结点,可以打多次标记.) ...
- BZOJ 4551[Tjoi2016&Heoi2016]树(树链剖分+二分)
Description 在2016年,佳媛姐姐刚刚学习了树,非常开心.现在他想解决这样一个问题:给定一颗有根树(根为1),有以下两种操作:1. 标记操作:对某个结点打上标记(在最开始,只有结点1有标记 ...
- BZOJ4551[Tjoi2016&Heoi2016]树——dfs序+线段树/树链剖分+线段树
题目描述 在2016年,佳媛姐姐刚刚学习了树,非常开心.现在他想解决这样一个问题:给定一颗有根树(根为1),有以下 两种操作:1. 标记操作:对某个结点打上标记(在最开始,只有结点1有标记,其他结点均 ...
随机推荐
- idea与eclipse项目相互导入的过程
idea项目导出到桌面 很简单,直接去项目所在目录考出即可,但是考出的项目往往都特别大,这是因为考出之前 我们不要忘记把idea的输出目录删除 每次启动服务器运行idea项目的时候 都会有一个输出 ...
- 2016 Multi-University Training Contest 7 solutions BY SYSU
Ants 首先求出每个点的最近点. 可以直接对所有点构造kd树,然后在kd树上查询除本身以外的最近点,因为对所有点都求一次,所以不用担心退化. 也可以用分治做,同样是O(NlogN)的复杂度. 方法是 ...
- iOS 自动识别URL(链接)功能的实现
功能需求 在做“沃迪康”聊天功能时,甲方要求发送的网址要自动识别.并点击能自动跳转 功能难点 在实现过程中,所有的文字都是动态获取的,设置富文本属性时,不能按照常规的方法 解决方式 如果只是文字, ...
- kafka调试中遇到Connection to node -1 could not be established. Broker may not be available.
https://blog.csdn.net/Mr_Hou2016/article/details/79484032
- 前端学习之-- Jquery
Jquery学习笔记 中文参考文档:http://jquery.cuishifeng.cn Jquery是一个包含DOM/BOM/JavaScript的类库引入jquery文件方法:<scrip ...
- FatMouse's Speed--hdu1160(dp+输出路径)
Problem Description FatMouse believes that the fatter a mouse is, the faster it runs. To disprove th ...
- asterisk 问题
Q:SIP可以呼通,但听不到声音A:一般是NAT问题造成.如果Asterisk处在NAT的后面,则Asterisk的配置如下: ------------------------------------ ...
- CentOS 6.X配置 NFS以及启动和mount挂载
一.环境介绍: 服务器:centos 192.168.1.225 客户端:centos 192.168.1.226 二.安装: NFS的安装配置:centos 5 : yum -y install n ...
- [Javascript] Understanding the .constructor property on JavaScript Objects
Constructor functions hold an interesting purpose in JavaScript. Unlike in classical languages, they ...
- HDU OJ Max sum 题目1003
#include <iostream> #include<stdio.h> #include<stdlib.h> using namespace std; i ...