题目描述

如题,已知一棵包含N个结点的树(连通且无环),每个节点上包含一个数值,需要支持以下操作:

操作1: 格式: 1 x y z 表示将树从x到y结点最短路径上所有节点的值都加上z

操作2: 格式: 2 x y 表示求树从x到y结点最短路径上所有节点的值之和

操作3: 格式: 3 x z 表示将以x为根节点的子树内所有节点值都加上z

操作4: 格式: 4 x 表示求以x为根节点的子树内所有节点值之和

输入输出格式

输入格式:

第一行包含4个正整数N、M、R、P,分别表示树的结点个数、操作个数、根节点序号和取模数(即所有的输出结果均对此取模)。

接下来一行包含N个非负整数,分别依次表示各个节点上初始的数值。

接下来N-1行每行包含两个整数x、y,表示点x和点y之间连有一条边(保证无环且连通)

接下来M行每行包含若干个正整数,每行表示一个操作,格式如下:

操作1: 1 x y z

操作2: 2 x y

操作3: 3 x z

操作4: 4 x

输出格式:

输出包含若干行,分别依次表示每个操作2或操作4所得的结果(对P取模)

输入输出样例

输入样例#1: 复制

5 5 2 24
7 3 7 8 0
1 2
1 5
3 1
4 1
3 4 2
3 2 2
4 5
1 5 1 3
2 1 3
输出样例#1: 复制

2
21

说明

时空限制:1s,128M

数据规模:

对于30%的数据: N≤10,M≤10 N \leq 10, M \leq 10 N≤10,M≤10

对于70%的数据: N≤103,M≤103 N \leq {10}^3, M \leq {10}^3 N≤103,M≤103

对于100%的数据: N≤105,M≤105 N \leq {10}^5, M \leq {10}^5 N≤105,M≤105

( 其实,纯随机生成的树LCA+暴力是能过的,可是,你觉得可能是纯随机的么233 )

样例说明:

树的结构如下:

各个操作如下:

故输出应依次为2、21(重要的事情说三遍:记得取模)

解题思路:

  裸的树链剖分的模板。。。

推荐写法:

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define re register int
#define ll long long
#define INF 0x3f3f3f3f
#define maxn 100009
#define maxm
inline ll read()
{
ll x=,f=;char ch=getchar();
while(ch<''||ch>''){if(ch=='-')f=-;ch=getchar();}
while(ch>=''&&ch<=''){x=(x<<)+(x<<)+(ll)(ch-'');ch=getchar();}
return x*f;
}
int id[maxn],rk[maxn],top[maxn],son[maxn],size[maxn],depth[maxn],fa[maxn];
int head[maxn],val[maxn],sum[maxn<<],add[maxn<<];
int n,m,k,ans,tot,cnt,root,base;
struct edge
{
int to,nxt;
}p[maxn<<];
#define ls(x) x<<1
#define rs(x) x<<1|1
void add_edge(re x,re y)
{
p[++cnt]={y,head[x]},head[x]=cnt;
} void dfs1(int u,int father)
{
depth[u]=depth[father]+,fa[u]=father,size[u]=;
for(int i=head[u];i;i=p[i].nxt)
{
int v=p[i].to;
if(v==father) continue;
dfs1(v,u);
size[u]+=size[v];
if(size[v]>size[son[u]])
son[u]=v;
}
} void dfs2(int u,int father)
{
top[u]=father,id[u]=++tot,rk[tot]=u;
if(!son[u]) return ;
dfs2(son[u],father);
for(int i=head[u];i;i=p[i].nxt)
{
int v=p[i].to;
if(v!=son[u]&&v!=fa[u])
dfs2(v,v);
}
} int mod(int x)
{
return x>=base?x%base:x;
} void push_up(int x)
{
sum[x]=sum[ls(x)]+sum[rs(x)];
sum[x]=mod(sum[x]);
} void built(int x,int l,int r)
{
if(l==r)
{
sum[x]=val[rk[l]];
return ;
}
int mid=(l+r)>>;
built(ls(x),l,mid);
built(rs(x),mid+,r);
push_up(x);
} void pass(int x,int l,int r,int k)
{
add[x]+=k,add[x]=mod(add[x]);
sum[x]+=(r-l+)*k,sum[x]=mod(sum[x]);
} void push_down(int x,int l,int r)
{
if(!add[x]) return ;
int mid=(l+r)>>;
pass(ls(x),l,mid,add[x]);
pass(rs(x),mid+,r,add[x]);
add[x]=;
} int Ask(int x,int l,int r,int nl,int nr)
{
int res=;
if(nl<=l&&r<=nr)
return sum[x];
push_down(x,l,r);
int mid=(l+r)>>;
if(nl<=mid)
res+=Ask(ls(x),l,mid,nl,nr),res=mod(res);
if(mid<nr)
res+=Ask(rs(x),mid+,r,nl,nr),res=mod(res);
push_up(x);
return res;
} void Add(int x,int l,int r,int nl,int nr,int k)
{
if(nl<=l&&r<=nr)
{
add[x]+=k,add[x]=mod(add[x]);
sum[x]+=(r-l+)*k,sum[x]=mod(sum[x]);
return ;
}
push_down(x,l,r);
int mid=(l+r)>>;
if(nl<=mid)
Add(ls(x),l,mid,nl,nr,k);
if(mid<nr)
Add(rs(x),mid+,r,nl,nr,k);
push_up(x);
} void Work1(int x,int y,int z)
{
int fx=top[x],fy=top[y];
while(fx!=fy)
{
if(depth[fx]>depth[fy])
swap(x,y),swap(fx,fy);
Add(,,tot,id[fy],id[y],z);
y=fa[fy],fy=top[y];
}
if(id[x]>id[y])
swap(x,y);
Add(,,tot,id[x],id[y],z);
} int Work2(int x,int y)
{
int res=,fx=top[x],fy=top[y];
while(fx!=fy)
{
if(depth[fx]>depth[fy]) swap(x,y),swap(fx,fy);
res+=Ask(,,tot,id[fy],id[y]),res=mod(res);
y=fa[fy],fy=top[y];
}
if(id[x]>id[y]) swap(x,y);
res+=Ask(,,tot,id[x],id[y]),res=mod(res);
} int main()
{
// freopen("1.in","r",stdin);
// freopen("1.out","w",stdout);
n=read(),m=read(),root=read(),base=read();
for(re i=;i<=n;i++)
val[i]=read();
for(re i=;i<n;i++)
{
re x=read(),y=read();
add_edge(x,y),add_edge(y,x);
}
dfs1(root,root),dfs2(root,root);
built(,,tot);
for(re i=;i<=m;i++)
{
re opt=read(),x,y,z;
if(opt==)
{
x=read(),y=read(),z=read();
Work1(x,y,z);
}
if(opt==)
{
x=read(),y=read();
printf("%d\n",Work2(x,y));
}
if(opt==)
{
x=read(),z=read();
Add(,,tot,id[x],id[x]+size[x]-,z);
}
if(opt==)
{
x=read();
printf("%d\n",Ask(,,tot,id[x],id[x]+size[x]-));
}
}
fclose(stdin);
fclose(stdout);
return ;
}
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define re register int
#define ll long long
#define INF 0x3f3f3f3f
#define maxn 100009
#define maxm
#define ls(x) x<<1
#define rs(x) x<<1|1
inline ll read()
{
ll x=,f=;char ch=getchar();
while(ch<''||ch>''){if(ch=='-')f=-;ch=getchar();}
while(ch>=''&&ch<=''){x=(x<<)+(x<<)+(ll)(ch-'');ch=getchar();}
return x*f;
}
ll base;
int n,m,k,ans,tot,cnt,root;
struct edge
{
int to,nxt;
}p[maxn<<];
int head[maxn],id[maxn],fa[maxn],depth[maxn],size[maxn],son[maxn],rk[maxn],top[maxn];
ll sum[maxn<<],add[maxn<<],val[maxn]; void add_edge(int x,int y)
{
p[++cnt].to=y,p[cnt].nxt=head[x],head[x]=cnt;
} void dfs1(int u,int father)
{
depth[u]=depth[father]+,size[u]=,fa[u]=father;
for(int i=head[u];i;i=p[i].nxt)
{
int v=p[i].to;
if(v==father) continue;
dfs1(v,u);
size[u]+=size[v];
if(size[v]>size[son[u]])
son[u]=v;
}
} void dfs2(int u,int father)
{
top[u]=father;
id[u]=++tot;
rk[tot]=u;
if(!son[u])
return ;
dfs2(son[u],father);
for(int i=head[u];i;i=p[i].nxt)
{
int v=p[i].to;
if(v!=son[u]&&v!=fa[u])
dfs2(v,v);
}
} void push_up(int x)
{
sum[x]=(sum[ls(x)]+sum[rs(x)])%base;
} void built(int x,int l,int r)
{
if(l==r)
{
sum[x]=val[rk[l]];
return ;
}
int mid=(l+r)>>;
built(ls(x),l,mid);
built(rs(x),mid+,r);
push_up(x);
} void pass(int x,int l,int r,ll k)
{
add[x]+=k,add[x]%=base;
sum[x]+=(r-l+)*k,sum[x]%=base;
} void push_down(int x,int l,int r)
{
if(!add[x]) return ;
int mid=(l+r)>>;
pass(ls(x),l,mid,add[x]);
pass(rs(x),mid+,r,add[x]);
add[x]=;
} ll Query(int x,int l,int r,int nl,int nr)
{
ll res=;
if(nl<=l&&r<=nr)
return sum[x];
push_down(x,l,r);
int mid=(l+r)>>;
if(nl<=mid)
res+=Query(ls(x),l,mid,nl,nr),res%=base;
if(mid<nr)
res+=Query(rs(x),mid+,r,nl,nr),res%=base;
push_up(x);
return res%base;
} void Add(int x,int l,int r,int nl,int nr,ll k)
{
if(nl<=l&&r<=nr)
{
add[x]+=k,add[x]%=base;
sum[x]+=(r-l+)*k,sum[x]%=base;
return ;
}
push_down(x,l,r);
int mid=(l+r)>>;
if(nl<=mid)
Add(ls(x),l,mid,nl,nr,k);
if(mid<nr)
Add(rs(x),mid+,r,nl,nr,k);
push_up(x);
} void Work1(int x,int y,ll z)
{
int fx=top[x],fy=top[y];
while(fx!=fy)
{
if(depth[fx]>=depth[fy])
{
Add(,,tot,id[fx],id[x],z);
x=fa[fx],fx=top[x];
}
else
{
Add(,,tot,id[fy],id[y],z);
y=fa[fy],fy=top[y];
}
}
if(id[x]<=id[y])
Add(,,tot,id[x],id[y],z);
else
Add(,,tot,id[y],id[x],z);
} ll Work2(int x,int y)
{
ll ans=;
int fx=top[x],fy=top[y];
while(fx!=fy)
{
if(depth[fx]>=depth[fy])
{
ans+=Query(,,tot,id[fx],id[x]);
x=fa[fx];fx=top[x];
}
else
{
ans+=Query(,,tot,id[fy],id[y]);
y=fa[fy];fy=top[y];
}
}
if(id[x]<=id[y])
ans+=Query(,,tot,id[x],id[y]),ans%=base;
else
ans+=Query(,,tot,id[y],id[x]),ans%=base;
return ans%base;
} void Work3(int x,int y)
{
Add(,,tot,id[x],id[x]+size[x]-,y);
} ll Work4(int x)
{
ll res=Query(,,tot,id[x],id[x]+size[x]-);
return res%base;
} int main()
{
freopen("1.in","r",stdin);
freopen("1.out","w",stdout);
n=read(),m=read(),root=read(),base=read();
for(int i=;i<=n;i++)
val[i]=read()%base;
for(int i=;i<n;i++)
{
int x=read(),y=read();
add_edge(x,y),add_edge(y,x);
}
dfs1(root,root),dfs2(root,root);
built(,,tot);
for(int i=;i<=m;i++)
{
int opt=read(),x,y;
ll z;
if(opt==)
{
x=read(),y=read(),z=read();
Work1(x,y,z);
}
if(opt==)
{
x=read(),y=read();
printf("%lld\n",Work2(x,y));
}
if(opt==)
{
x=read(),z=read();
Work3(x,z);
}
if(opt==)
{
x=read();
printf("%lld\n",Work4(x));
}
}
fclose(stdin);
fclose(stdout);
return ;
}

Luogu 3384 【模板】树链剖分的更多相关文章

  1. [luogu P3384] [模板]树链剖分

    [luogu P3384] [模板]树链剖分 题目描述 如题,已知一棵包含N个结点的树(连通且无环),每个节点上包含一个数值,需要支持以下操作: 操作1: 格式: 1 x y z 表示将树从x到y结点 ...

  2. luoguP3384 [模板]树链剖分

    luogu P3384 [模板]树链剖分 题目 #include<iostream> #include<cstdlib> #include<cstdio> #inc ...

  3. 【Luogu P3384】树链剖分模板

    树链剖分的基本思想是把一棵树剖分成若干条链,再利用线段树等数据结构维护相关数据,可以非常暴力优雅地解决很多问题. 树链剖分中的几个基本概念: 重儿子:对于当前节点的所有儿子中,子树大小最大的一个儿子就 ...

  4. [洛谷P3384] [模板] 树链剖分

    题目传送门 显然是一道模板题. 然而索引出现了错误,狂wa不止. 感谢神犇Dr_J指正.%%%orz. 建线段树的时候,第44行. 把sum[p]=bv[pos[l]]%mod;打成了sum[p]=b ...

  5. 模板 树链剖分BFS版本

    //点和线段树都从1开始 //边使用vector vector<int> G[maxn]; ],num[maxn],iii[maxn],b[maxn],a[maxn],top[maxn], ...

  6. 洛谷3384&bzoj1036树链剖分

    值得注意的是: 一个点的子树是存在一起的...也就是说我们修改子树的时候只用... /********************************************************* ...

  7. P3384 [模板] 树链剖分

    #include <bits/stdc++.h> using namespace std; typedef long long ll; int n, m, rt, mod, cnt, to ...

  8. 『题解』洛谷P3384 【模板】树链剖分

    Problem Portal Portal1: Luogu Description 如题,已知一棵包含\(N\)个结点的树(连通且无环),每个节点上包含一个数值,需要支持以下操作: 操作\(1\): ...

  9. 树链剖分详解(洛谷模板 P3384)

    洛谷·[模板]树链剖分 写在前面 首先,在学树链剖分之前最好先把 LCA.树形DP.DFS序 这三个知识点学了 emm还有必备的 链式前向星.线段树 也要先学了. 如果这三个知识点没掌握好的话,树链剖 ...

随机推荐

  1. 记一场与 cookie 的相遇

    简介: cookie 翻译过来为 “小甜点,一种酥性甜饼干,很美味的...”,咳咳,打住!我们这里说的是 “甜点” 文件,它是浏览器储存在用户电脑上的一小段纯文本格式的文件. 由于 http 是一种无 ...

  2. CPU或以太网模块重启DHCP请求

    最近,带了一个实习生,一天: 他:师傅,PLC如何首次分配IP地址啊? 我:不是教过你了吗? 他:我怎么用BOOTP软件,半天没有反应啊? 我:..... 原来,他做实验的CPU已经被分配IP地址了, ...

  3. 转:jsp与servlet的区别与联系

    jsp与servlet的区别与联系 - gsyabc - 博客园https://www.cnblogs.com/sanyouge/p/7325656.html jsp和servlet的区别和联系:1. ...

  4. VS Code保存使用项目Eslint规则格式化代码

    One.文件-首选项-设置-选择项目                  Two.打开右上角JSON设置            Three. 插入以下代码 { "eslint.options& ...

  5. HDU - 1062

    格式错误2遍:没考虑到连续两个空格的情况,遇到空格最后要输出这个空格,因为题目只需要转换单词. 另外,开cin,cout加速要注意读入不能用scanf,printf,puts,getchar这些.ge ...

  6. 如何在sublime安装ctags函数追踪插件

    一.这个插件是需要下载执行软件才能够操作的,下载地址http://prdownloads.sourceforge.net/ctags/ctags58.zip 然后解压到自己喜欢的目录下,我是安装到 D ...

  7. redis缓存雪崩、缓存穿透、数据库和redis数据一致性

    一.缓存雪崩 回顾一下我们为什么要用缓存(Redis):减轻数据库压力或尽可能少的访问数据库. 在前面学习我们都知道Redis不可能把所有的数据都缓存起来(内存昂贵且有限),所以Redis需要对数据设 ...

  8. Shell中字符串的切割、拼接、比较、替换

    [截取] 一.Linux shell 截取字符变量的前8位,有方法如下: expr substr “$a” 1 8 : 二.按指定的字符串截取 第一种方法: ${varible##*string} # ...

  9. mybatis调用oracle存储过程的几个参考例子

    首先写一个存储过程: create or replace procedure p_syn_equipment_20161205 is sqlstr ); begin --清空表 sqlstr := ' ...

  10. 电脑移动后WIFI连接失败解决方法

    1.现象原因 经常会发现将自己的电脑带到不同的地方后连接附近WIFI失败的现象,这是什么原因造成的了,觉得明明之前还有连过这个无线,密码都是正确的,无线连接的图标显示一个大大大的感叹号!  像下面一样 ...