G - 逆序对的数量

原题链接

什么是逆序对？

简单来说，两个数比较，下标小的数反而大，两个数称之为逆序对如${3,1}$就是这么一个逆序对

归并排序

由于逆序对逆序的性质，我们可以联想到排序：

排序的过程就是消除逆序对的过程，消除的次数就是逆序对的数量

归并排序的性质：每次划分后合并时左右子区间都是从小到大排好序的，我们只需要统计右边区间每一个数分别会与左边区间产生多少逆序对即可

注意

逆序对的个数最大的情况发生在整个数组逆序时即：

\[(n-1)+(n-2)+...+1 = \frac{n\cdot(n-1)}{2}
\]

由于

\[n≤5×10^5
\]

答案是大于$10^{10}$的（会爆int）

注意要使用long long

代码1

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#include<iostream>

#include<cstdio>

#include<cstring>

#include<algorithm>

#include<cmath>

#include<vector>

#include<queue>

using namespace std;

#define X first

#define Y second

typedef pair<int,int> pii;

typedef long long LL;

const char nl = '\n';

const int N = 5e5+10;

const int M = 2e5+10;

int n,m;

int q[N],temp[N];

LL merge_sort(int l,int r){

	if(l >= r)return 0;

	int mid = l + r >> 1;

	LL res = merge_sort(l,mid) + merge_sort(mid+1,r);

	int k = 0,i = l,j = mid + 1;

	while(i <= mid && j <= r){

		if(q[i] <= q[j])temp[++k] = q[i++];

		else{

			temp[++k] = q[j++];

			res += mid - i +1;

		}

	}

	while(i <= mid)temp[++k] = q[i++];

	while(j <= r)temp[++k] = q[j++];

	for(int i = l,k = 1; i <= r; i ++,k ++)q[i] = temp[k];

	return res;

}

void solve(){

	cin >> n;

	for(int i = 1; i <= n; i ++ )cin >> q[i];

	cout << merge_sort(1,n) << nl;

}

int main(){

	ios::sync_with_stdio(false);

	cin.tie(0),cout.tie(0);

	solve();

}

树状数组

树状数组相关知识以及模板题1

树状数组相关知识以及模板题2

思路来源于暴力解法：从小到大枚举数组的每一个数（天然地形成逆序对$j<i$(j指的是先前的数，i指的是当前的数)的条件），此时我们只需要知道前面有多少个数比a_i(当前数)小即可，这里我们可以用到桶(就是一个数组cnt)来记录每个数的出现(怎么记录？每次枚举到这个数后，$cnt[a_i]++$即可)

然而，$a_i$的范围是$10^9$,而$n$的范围却只有$5\cdot10^5$，直接开cnt数组会mle

这时，我们又可以发现逆序对只跟相对大小有关系，所以我们的第一步优化便是将原数组离散化处理(排序+去重)得到每个数的相对大小,同时每次枚举时使用二分来找到每个数的相对大小即可

然而,此时我们又遇到一个问题，对于每次统计前面有多少个数比a_i(当前数)小又需要多次求和，暴力解又会tle

这时，我们又可以联想到多次求和有奇效的树状数组，通过树状数组来维护桶

答案显而易见

\[\sum_{i = 1}^{n} \ ( \ i \ - \ getsum(1,k) \ )
\]

$getsum(1,k)$为小于等于$a_i$的数的数量（等于的话不是逆序对）

$i - getsum(1,k)$得到的则时关于$a_i$逆序对的数量

代码

点击查看代码

#include<iostream>

#include<cstdio>

#include<cstring>

#include<algorithm>

#include<cmath>

#include<vector>

#include<queue>

using namespace std;

#define X first

#define Y second

typedef pair<int,int> pii;

typedef long long LL;

const char nl = '\n';

const int N = 1e6+10;

const int M = 2e5+10;

int n,m;

int a[N],b[N];	//原数组,树状数组(维护桶)

vector<int> v;	//储存所有待离散化的值进行排序和去重

LL ans = 0;

int lowbit(int x){

	return x & -x;

}

void add(int k,int x){

	while(k <= n){

		b[k] += x;

		k += lowbit(k);

	}

}

LL getsum(int l,int r){

	LL s1 = 0;

	l --;

	while(l){

		s1 += b[l];

		l -= lowbit(l);

	}

	LL s2 = 0;

	while(r){

		s2 += b[r];

		r -= lowbit(r);

	}

	return s2 - s1;

}

int find(int x){	//找到a[i]在序列中排第几

	int l = 0,r = v.size() - 1;

	while(l < r){

		int mid = l + r >> 1;

		if(v[mid] >= x)r = mid;

		else l = mid + 1;

	}

	return l + 1;	//v从0开始

	//此处映射为1,2,3,...,n

}

void solve(){

	cin >> n;

	for(int i = 1; i <= n; i ++ ){

		cin >> a[i];

		v.push_back(a[i]);

	}

	sort(v.begin(),v.end());	//排序(从小到大)

	v.erase(unique(v.begin(),v.end()),v.end());	//去重

	// //离散化得到每个数的相对大小

	//枚举每个数找逆序对数量

	for(int i = 1; i <= n; i ++ ){

		int k = find(a[i]);

		add(k,1);

		ans += (i - getsum(1,k));	//getsum(1,k)为小于等于a[i]的数的数量（等于的话不是逆序对）

	}

	cout << ans << nl;

}

int main(){

	ios::sync_with_stdio(false);

	cin.tie(0),cout.tie(0);

	solve();

}