先考虑NOI2014的水题,显然从高位到低位贪心,算一下该位取0和1分别得到什么即可。

  加强这个水题,变成询问区间。那么线段树维护该位取0和1从左到右和从右到左走完这个节点表示的区间会变成什么即可,也滋磁修改了。

  然后上树,显然树剖即可。非常惨的变成了O(nklog2n)。压一下位就不惨了,变成O(n(k+log2n))。

  树剖lca都能写挂调一天,不会熟练剖分,退役了。

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define ll unsigned long long
#define N 100010
char getc(){char c=getchar();while ((c<'A'||c>'Z')&&(c<'a'||c>'z')&&(c<''||c>'')) c=getchar();return c;}
int gcd(int n,int m){return m==?n:gcd(m,n%m);}
ll read()
{
ll x=;char c=getchar();
while (c<''||c>'') c=getchar();
while (c>=''&&c<='') x=(x<<)+(x<<)+(c^),c=getchar();
return x;
}
ll b[N],gor[N<<][],gol[N<<][],inf,I;
int n,m,k,a[N],p[N],t,cnt;
int id[N],dfn[N],top[N],fa[N],son[N],size[N],deep[N];
int L[N<<],R[N<<];
struct data{int to,nxt;
}edge[N<<];
struct data2{ll x,y;};
void addedge(int x,int y){t++;edge[t].to=y,edge[t].nxt=p[x],p[x]=t;}
void dfs(int k)
{
size[k]=;
for (int i=p[k];i;i=edge[i].nxt)
if (edge[i].to!=fa[k])
{
fa[edge[i].to]=k;
deep[edge[i].to]=deep[k]+;
dfs(edge[i].to);
size[k]+=size[edge[i].to];
if (size[edge[i].to]>size[son[k]]) son[k]=edge[i].to;
}
}
void dfs2(int k,int from)
{
top[k]=from;dfn[k]=++cnt;id[cnt]=k;
if (son[k]) dfs2(son[k],from);
for (int i=p[k];i;i=edge[i].nxt)
if (edge[i].to!=fa[k]&&edge[i].to!=son[k]) dfs2(edge[i].to,edge[i].to);
}
ll trans1(ll x,int op,ll y){if (op==) return x&y;if (op==) return x|y;return x^y;}
ll trans(ll x,ll t0,ll t1){return (x&t1)|((~x)&t0);}
void up(int k)
{
gor[k][]=trans(gor[k<<][],gor[k<<|][],gor[k<<|][]);
gor[k][]=trans(gor[k<<][],gor[k<<|][],gor[k<<|][]);
gol[k][]=trans(gol[k<<|][],gol[k<<][],gol[k<<][]);
gol[k][]=trans(gol[k<<|][],gol[k<<][],gol[k<<][]);
}
void build(int k,int l,int r)
{
L[k]=l,R[k]=r;
if (l==r) {gol[k][]=gor[k][]=trans1(,a[id[l]],b[id[l]]);gol[k][]=gor[k][]=trans1(inf,a[id[l]],b[id[l]]);return;}
int mid=l+r>>;
build(k<<,l,mid);
build(k<<|,mid+,r);
up(k);
}
void modify(int k,int x,int op,ll y)
{
if (L[k]==R[k]) {gol[k][]=gor[k][]=trans1(,op,y);gol[k][]=gor[k][]=trans1(inf,op,y);return;}
int mid=L[k]+R[k]>>;
if (x<=mid) modify(k<<,x,op,y);
else modify(k<<|,x,op,y);
up(k);
}
data2 queryl(int k,int l,int r)
{
if (L[k]==l&&R[k]==r) return (data2){gol[k][],gol[k][]};
int mid=L[k]+R[k]>>;
if (r<=mid) return queryl(k<<,l,r);
else if (l>mid) return queryl(k<<|,l,r);
else
{
data2 x=queryl(k<<|,mid+,r),y=queryl(k<<,l,mid);
return (data2){trans(x.x,y.x,y.y),trans(x.y,y.x,y.y)};
}
}
data2 queryr(int k,int l,int r)
{
if (L[k]==l&&R[k]==r) return (data2){gor[k][],gor[k][]};
int mid=L[k]+R[k]>>;
if (r<=mid) return queryr(k<<,l,r);
else if (l>mid) return queryr(k<<|,l,r);
else
{
data2 x=queryr(k<<,l,mid),y=queryr(k<<|,mid+,r);
return (data2){trans(x.x,y.x,y.y),trans(x.y,y.x,y.y)};
}
}
void solve(ll &t0,ll &t1,int x,int lca)
{
if (top[x]==top[lca])
{
data2 t=queryr(,dfn[lca],dfn[x]);
t0=trans(t0,t.x,t.y),t1=trans(t1,t.x,t.y);
return;
}
solve(t0,t1,fa[top[x]],lca);
data2 t=queryr(,dfn[top[x]],dfn[x]);
t0=trans(t0,t.x,t.y),t1=trans(t1,t.x,t.y);
}
ll jump_query(int x,int y,ll z)
{
ll t0=,t1=inf;data2 t;int lca=,P=x,Q=y;
while (top[P]!=top[Q])
{
if (deep[top[P]]<deep[top[Q]]) swap(P,Q);
P=fa[top[P]];
}
if (deep[P]<deep[Q]) swap(P,Q);
lca=Q;
while (top[x]!=top[lca])
{
t=queryl(,dfn[top[x]],dfn[x]);
t0=trans(t0,t.x,t.y),t1=trans(t1,t.x,t.y);
x=fa[top[x]];
}
if (lca!=x)
{
for (int i=p[lca];i;i=edge[i].nxt)
if (dfn[edge[i].to]>dfn[lca]&&dfn[edge[i].to]<=dfn[x]) {t=queryl(,dfn[edge[i].to],dfn[x]);break;}
t0=trans(t0,t.x,t.y),t1=trans(t1,t.x,t.y);
}
solve(t0,t1,y,lca);
ll s=,c=;
for (int i=k-;~i;i--)
if (t0&(I<<i)) s+=I<<i;
else if ((t1&(I<<i))&&c+(I<<i)<=z) c+=I<<i,s+=I<<i;
return s;
}
int main()
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("bzoj4811.in","r",stdin);
freopen("bzoj4811.out","w",stdout);
const char LL[]="%I64d\n";
#else
const char LL[]="%lld\n";
#endif
n=read(),m=read(),k=read();inf=I=;for (int i=;i<=k;i++) inf<<=;inf--;
for (int i=;i<=n;i++) a[i]=read(),b[i]=read();
for (int i=;i<n;i++)
{
int x=read(),y=read();
addedge(x,y),addedge(y,x);
}
dfs();
dfs2(,);
build(,,n);
while (m--)
{
int op=read(),x=read(),y=read();ll z=read();
if (op==) printf("%llu\n",jump_query(x,y,z));
else modify(,dfn[x],y,z);
}
return ;
}

BZOJ4811 Ynoi2017由乃的OJ(树链剖分+线段树)的更多相关文章

  1. [BZOJ1146][CTSC2008]网络管理Network(二分+树链剖分+线段树套平衡树)

    题意:树上单点修改,询问链上k大值. 思路: 1.DFS序+树状数组套主席树 首先按照套路,关于k大值的问题,肯定要上主席树,每个点维护一棵权值线段树记录它到根的信息. 关于询问,就是Que(u)+Q ...

  2. 【BZOJ-2325】道馆之战 树链剖分 + 线段树

    2325: [ZJOI2011]道馆之战 Time Limit: 40 Sec  Memory Limit: 256 MBSubmit: 1153  Solved: 421[Submit][Statu ...

  3. 【BZOJ2243】[SDOI2011]染色 树链剖分+线段树

    [BZOJ2243][SDOI2011]染色 Description 给定一棵有n个节点的无根树和m个操作,操作有2类: 1.将节点a到节点b路径上所有点都染成颜色c: 2.询问节点a到节点b路径上的 ...

  4. BZOJ2243 (树链剖分+线段树)

    Problem 染色(BZOJ2243) 题目大意 给定一颗树,每个节点上有一种颜色. 要求支持两种操作: 操作1:将a->b上所有点染成一种颜色. 操作2:询问a->b上的颜色段数量. ...

  5. POJ3237 (树链剖分+线段树)

    Problem Tree (POJ3237) 题目大意 给定一颗树,有边权. 要求支持三种操作: 操作一:更改某条边的权值. 操作二:将某条路径上的边权取反. 操作三:询问某条路径上的最大权值. 解题 ...

  6. bzoj4034 (树链剖分+线段树)

    Problem T2 (bzoj4034 HAOI2015) 题目大意 给定一颗树,1为根节点,要求支持三种操作. 操作 1 :把某个节点 x 的点权增加 a . 操作 2 :把某个节点 x 为根的子 ...

  7. HDU4897 (树链剖分+线段树)

    Problem Little Devil I (HDU4897) 题目大意 给定一棵树,每条边的颜色为黑或白,起始时均为白. 支持3种操作: 操作1:将a->b的路径中的所有边的颜色翻转. 操作 ...

  8. Aizu 2450 Do use segment tree 树链剖分+线段树

    Do use segment tree Time Limit: 1 Sec Memory Limit: 256 MB 题目连接 http://www.bnuoj.com/v3/problem_show ...

  9. 【POJ3237】Tree(树链剖分+线段树)

    Description You are given a tree with N nodes. The tree’s nodes are numbered 1 through N and its edg ...

  10. HDU 2460 Network(双连通+树链剖分+线段树)

    HDU 2460 Network 题目链接 题意:给定一个无向图,问每次增加一条边,问个图中还剩多少桥 思路:先双连通缩点,然后形成一棵树,每次增加一条边,相当于询问这两点路径上有多少条边,这个用树链 ...

随机推荐

  1. EL/JSTL-jsp页面更简单的输出方式

    1.EL(Expression Language):表达式语言,用于页面输出 格式:${表达式} EL支持四则运算,关系运算[常用eq来比较字符串或判断相等],逻辑运算 EL访问空间内对象,[类.对象 ...

  2. 初识Tarjan

    Tarjan,一个十分有用的东西,可以求有向图的强连通分量,复杂度达到O(V+E). Tarjan算法是基于对图深度优先搜索的算法,每个强连通分量为搜索树中的一棵子树.搜索时,把当前搜索树中未处理的节 ...

  3. L011系统文件属性知识进阶详解小节

    L011系统文件属性知识进阶详解小节 这节课的内容相对来说较少,一上午加中午就听完了,现在总结一下,最后会有一个相关的面试题. 首先先附上一张图: 今天学习主要跟①和②有关,①为Inode 号 ②为文 ...

  4. 第四模块:网络编程进阶&数据库开发 第1章·网络编程进阶

    01-进程与程序的概念 02-操作系统介绍 03-操作系统发展历史-第一代计算机 04-操作系统发展历史-批处理系统 05-操作系统发展历史-多道技术 06-操作系统发展历史-分时操作系统 07-总结 ...

  5. mysql新手进阶01

    生活不止眼前的苟且,还有诗和远方. 请根据给出的数据库表结构来回答相应问题: DEPT (DEPTNO INT, DNAME VARCHAR(14),LOC VARCHAR(13)); EMP (EM ...

  6. Zookeeper与Eureka的区别

    Zookeeper与Eureka的区别 想要了解Zk与eureka的区别首先要知道CAP定理 CAP定理 Mysql强一致性(数据唯一出处),设计数据库设计的三范式 (表必须有主键:表不能有重复的列: ...

  7. JAVA 面试须知

    本篇文章会对面试中常遇到的Java技术点进行全面深入的总结,帮助我们在面试中更加得心应手,不参加面试的同学也能够借此机会梳理一下自己的知识体系,进行查漏补缺. 1. Java中的原始数据类型都有哪些, ...

  8. [转]bashrc与profile区别

    作者:KornLee 2005-02-03 15:49:57 来自:Linux先生 /etc/profile:此文件为系统的每个用户设置环境信息,当用户第一次登录时,该文件被执行.并从/etc/pro ...

  9. jstat命令

    jstat命令使用 jstat命令可以查看堆内存各部分的使用量,以及加载类的数量.命令的格式如下: jstat [-命令选项] [vmid] [间隔时间/毫秒] [查询次数] 注意:使用的jdk版本是 ...

  10. LeetCode 94 ——二叉树的中序遍历

    1. 题目 2. 解答 2.1. 递归法 定义一个存放树中数据的向量 data,从根节点开始,如果节点不为空,那么 递归得到其左子树的数据向量 temp,将 temp 合并到 data 中去 将当前节 ...