YY的矩阵

YY有一个大矩阵(N*M), 矩阵的每个格子里都有一个整数权值W[i,j](1<=i<=M,1<=j<=N)

对于这个矩阵YY会有P次询问,每次询问这个大矩阵的一个子矩阵内的最大值。

输入

第一行两个整数N和M。

接下来N行,每行M个整数

然后,一行是整数P;

接下来P行,每行4个整数r1, c1, r2, c2(分别表示子矩阵的左上角坐标和右下角坐标)

输出

共P行,每行一个整数,表示相应的最大值。

Input

4 4

4 4 10 7

2 13 9 11

5 7 8 20

13 20 8 2

4

1 1 4 4

1 1 3 3

1 3 3 4

1 1 1 1

Output

20

13

20

4

数据范围:

60%的数据:N×M×P<10^8

100%的数据:1 <= N, M <= 300;1 <= P <= 1,000,000;1 <= r1 <= r2 <= N, 1 <= c1 <= c2 <= M,1<=W[i][j]<=10000.

思路:

听说正解是二维rmq??

本人懒得敲……

于是便有了一个O(n^3+p*n)的算法

首先O(N^3)预处理出dp[i][j][k]表示第i行从j到k的最大值

然后对于每组询问

O(x2-x1)的扫一遍即可

(跑满好像要300000000,然而我好像是全场跑的最快的????)

代码:

#include<iostream>
#include<cstdio>
#define rii register int i
#define rij register int j
#define rik register int k
using namespace std;
int dt[][],m,n,p,dp[][][];
inline void ycl()
{
for(rii=;i<=n;++i)
{
for(rij=;j<=m;++j)
{
dp[i][j][j]=dt[i][j];
for(rik=j+;k<=m;++k)
{
if(dp[i][j][k-]>dt[i][k])
{
dp[i][j][k]=dp[i][j][k-];
}
else
{
dp[i][j][k]=dt[i][k];
}
}
}
}
}
inline int rd(){
register int x=,f=;char ch=getchar();
while(!isdigit(ch)) {f=ch=='-'?:;ch=getchar();}
while(isdigit(ch)) {x=(x<<)+(x<<)+ch-'';ch=getchar();}
return f?x:-x;
}
inline void out(int a)
{
if(a<)
{
putchar('-');
a=-a;
}
if(a>)
out(a/);
putchar(a%+'');
}
int main()
{
freopen("yy.in","r",stdin);
freopen("yy.out","w",stdout);
n=rd();
m=rd();
for(rii=;i<=n;++i)
{
for(rij=;j<=m;++j)
{
dt[i][j]=rd();
}
}
ycl();
scanf("%d",&p);
for(rii=;i<=p;++i)
{
int x1=rd(),y1=rd(),x2=rd(),y2=rd();
int ans=;
for(rij=x1;j<=x2;++j)
{
if(ans<dp[j][y1][y2])
{
ans=dp[j][y1][y2];
}
}
// printf("%d\n",ans);
out(ans);
putchar();
}
return ;
}

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