2301: [HAOI2011]Problem b ( 分块+莫比乌斯反演+容斥）

2301: [HAOI2011]Problem b

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Description

对于给出的n个询问，每次求有多少个数对(x,y)，满足a≤x≤b，c≤y≤d，且gcd(x,y) = k，gcd(x,y)函数为x和y的最大公约数。

Input

第一行一个整数n，接下来n行每行五个整数，分别表示a、b、c、d、k

Output

共n行，每行一个整数表示满足要求的数对(x,y)的个数

Sample Input

2

2 5 1 5 1

1 5 1 5 2

Sample Output

14

3

HINT

100%的数据满足：1≤n≤50000，1≤a≤b≤50000，1≤c≤d≤50000，1≤k≤50000

/*
* @Author: LyuC
* @Date:   2017-10-08 16:54:59
* @Last Modified by:   LyuC
* @Last Modified time: 2017-10-08 21:06:44
*/
/*
 直接处理会超时，对于6/6=1 6/5=1 6/4=1这样的实际和已合并同类项一次
    计算出来，能节约不少时间
*/
#include <bits/stdc++.h>

#define LL long long
#define MAXN 50005
using namespace std;

int t;
int a, b, c, d, k;
int sum [ MAXN ];
bool check[MAXN];
int mu[MAXN];
int prime[MAXN];

void mobi(){
     memset(check,false,sizeof check);
     mu[]=;
     int tol=;
     for(int i=;i<MAXN;i++){
         if(!check[i]){
             prime[tol++]=i;
             mu[i]=-;
         }
         for(int j=;j<tol;j++){
             if(i*prime[j]>MAXN) break;
             check[i*prime[j]]=true;
             if(i%prime[j]==){
                 mu[i*prime[j]]=;
                 break;
             }else{
                 mu[i*prime[j]]=-mu[i];
             }
         }
     }
}

inline int Count (int a, int b) {
    int s=;
    if (a > b) {
        swap (a, b);
    }
    for (int i = , last = ; i <= a; i = last + ) {
        last = min( a / (a / i), b / (b / i) );
        s += (sum [ last ] - sum [ i -  ]) * (a / i) * (b / i);
    }
    return s;
}

inline void init () {
    sum [  ] = ;
    for (int i = ;i < MAXN; i ++) {
        sum [ i ] = sum[ i -  ] + mu [ i ];
    }
}

int main () {
    // freopen ("in.txt", "r", stdin);
    mobi ();
    init ();
    scanf ("%d", &t);
    while (t -- ) {
        scanf ("%d%d%d%d%d", &a, &b, &c, &d, &k);
        int res = Count ( b / k, d / k ) - Count ( ( a -  ) / k, d / k ) - Count ( b / k, (c - ) / k ) + Count ( ( a -  ) / k, ( c - ) / k );
        printf ( "%d\n", res );
    }
    return ;
}