BZOJ 2244: [SDOI2011]拦截导弹 (CDQ分治 三维偏序 DP)

题意

略…

分析

就是求最长不上升子序列,坐标取一下反就是求最长不下降子序列,比较大小是二维(h,v)(h,v)(h,v)的比较.我们不看概率,先看第一问怎么求最长不降子序列.设f[i]f[i]f[i]表示以iii结尾的最长不降子序列的长度,有f[i]=max(f[j]+1) ( 0≤j&lt;i,hj≤hi,vj≤vi )f[i]=max(f[j]+1)\ (\ 0\le j&lt;i,h_j\le h_i,v_j\le v_i\ )f[i]=max(f[j]+1) ( 0≤j<i,hj​≤hi​,vj​≤vi​ )那这就是一个三维偏序问题,只需要第一维CDQCDQCDQ,第二维排序,第三维用树状数组维护就行了.

要求概率,再定义g[i]g[i]g[i]表示以iii开始的最长不降子序列的长度.要求g[i]g[i]g[i]就坐标取反从nnn到111再做一次DPDPDP就行了.我们再设[0][0][0]表示序列长度,[1][1][1]表示这个长度的序列的方案.那对于iii点在最长不降子序列上的概率就是 f[i][1]∗g[i][1] ( f[i][0]+g[i][0]−1=LIS )∑1≤j≤nf[j][1] ( f[j][0]=LIS )\frac{f[i][1]*g[i][1]\ (\ f[i][0]+g[i][0]-1=LIS\ )}{\sum_{1\le j\le n} f[j][1]\ (\ f[j][0]=LIS\ )}∑1≤j≤n​f[j][1] ( f[j][0]=LIS )f[i][1]∗g[i][1] ( f[i][0]+g[i][0]−1=LIS )​分母其实就是总的最长上升子序列数量.

时间复杂度O(nlog2n)O(nlog^2n)O(nlog2n)

第一次写这样的CDQCDQCDQ,感觉好强…(是我太菜)

CODE

其实CDQCDQCDQ分治和树状数组都要离散化,但是标号本来就是1...n1...n1...n,就只用离散化vvv了.

代码还是蛮短的

#include <cctype>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
char cb[1<<15],*cs=cb,*ct=cb;
#define getc() (cs==ct&&(ct=(cs=cb)+fread(cb,1,1<<15,stdin),cs==ct)?0:*cs++)
template<class T>inline void read(T &res) {
    char ch; int flg = 1; for(;!isdigit(ch=getchar());)if(ch=='-')flg=-flg;
    for(res=ch-'0';isdigit(ch=getchar());res=res*10+ch-'0'); res*=flg;
}
const int MAXN = 50005;
int n, bin[MAXN], tot, indx, stk[MAXN];
struct node { //写一个结构体
	int x; double y; //方案数要用double不然会溢出
	node() { x = y = 0; }
	node(int _x, double _y):x(_x), y(_y){}
	inline bool operator <(const node &o)const { return x < o.x; }
}T[MAXN];
inline void chkmax(node &A, const node &B) {
	if(B < A) return;
	if(A < B) A = B;
	else A.y += B.y;
}
inline void upd(int x, node val) {
	while(x <= tot) {
		if(val.x > T[x].x) {
			if(!T[x].x) stk[++indx] = x; //第一次修改就进栈
			T[x] = val;
		}
		else if(val.x == T[x].x) T[x].y += val.y;
		x += x&-x;
	}
}
inline node qsum(int x) {
	node res;
	while(x) chkmax(res, T[x]), x -= x&-x;
	return res;
}
struct Node { int i, h, v; node f; };
inline bool cmp2(const Node &A, const Node &B) { return A.h == B.h ? A.i < B.i : A.h < B.h; }
inline bool cmp(const Node &A, const Node &B) { return A.i < B.i; }
struct CDQ {
	Node a[MAXN], tmp[MAXN];
	void cdq(int l, int r) {
		if(l == r) { if(!a[l].f.x || !a[l].f.y) a[l].f.x = a[l].f.y = 1; return; }
		int mid = (l + r) >> 1;
		int L = l, R = mid+1;
		for(int i = l; i <= r; ++i) //分成左右两边
			if(a[i].i <= mid) tmp[L++] = a[i];
			else tmp[R++] = a[i];
		for(int i = l; i <= r; ++i) a[i] = tmp[i];
		cdq(l, mid);
		sort(a + l, a + mid + 1, cmp2); L = l;
		for(int i = mid+1; i <= r; ++i) {
			while(L <= mid && a[i].h >= a[L].h) upd(a[L].v, a[L].f), ++L;
			node res = qsum(a[i].v);
			if(!res.x) continue;
			++res.x, chkmax(a[i].f, res);
		}
		while(indx) T[stk[indx--]] = node(0, 0); //清零树状数组
		cdq(mid+1, r);
	}
}dp[2];
int main () {
	read(n);
	for(int i = 1; i <= n; ++i) {
		dp[0].a[i].i = i, read(dp[0].a[i].h), read(dp[0].a[i].v);
		dp[0].a[i].h *= -1, dp[0].a[i].v *= -1;
		bin[++tot] = dp[0].a[i].v;
	}
	sort(bin + 1, bin + tot + 1); //只离散化V
	tot = unique(bin + 1, bin + tot + 1) - bin - 1;
	for(int i = 1; i <= n; ++i) {
		dp[0].a[i].v = lower_bound(bin + 1, bin + tot + 1, dp[0].a[i].v) - bin;
		dp[1].a[n-i+1].i = n-i+1;
		dp[1].a[n-i+1].h = -dp[0].a[i].h;
		dp[1].a[n-i+1].v = tot-dp[0].a[i].v+1;
	}
	sort(dp[0].a + 1, dp[0].a + n + 1, cmp2), dp[0].cdq(1, n);
	sort(dp[1].a + 1, dp[1].a + n + 1, cmp2), dp[1].cdq(1, n); //做两次
	sort(dp[0].a + 1, dp[0].a + n + 1, cmp);
	sort(dp[1].a + 1, dp[1].a + n + 1, cmp); //重排序为 1~n
	node Ans;
	for(int i = 1; i <= n; ++i)
		chkmax(Ans, dp[0].a[i].f);
	printf("%d\n", Ans.x);
	for(int i = 1; i <= n; ++i)
		if(dp[0].a[i].f.x + dp[1].a[n-i+1].f.x - 1 < Ans.x) printf("%.6f ", 0.0);
		else printf("%.6f ", dp[0].a[i].f.y*dp[1].a[n-i+1].f.y/Ans.y);
	return 0;
}