【BZOJ】1066: [SCOI2007]蜥蜴
【算法】网络流-最大流(dinic)
【题解】
构图思路:
因为石柱高度是可以被消耗的,即一根石柱可通过的蜥蜴数量有限,取舍问题中这样表示容量的属性显然可以作为网络流中的边。
于是将一根石柱拆成顶部和底部,中间连一条容量为石柱高度的边。
超级源向有蜥蜴的石柱顶连一条容量为1的边(表示一只蜥蜴)。
可以跳出地图的石柱底向超级汇连一条容量为inf的边。
d距离内的两根石柱连一条容量为inf的边。
记得结果要的是逃不掉的蜥蜴数。
edge数组开大!!!
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
using namespace std;
const int maxn=,inf=0x3f3f3f3f;
struct edge{int from,v,flow;}e[];
int n,m,d,first[maxn],cur[maxn],q[],p[][],dt[maxn],S=,T=,tot=,ans=;
void insert(int u,int v,int w)
{tot++;e[tot].v=v;e[tot].flow=w;e[tot].from=first[u];first[u]=tot;
tot++;e[tot].v=u;e[tot].flow=;e[tot].from=first[v];first[v]=tot;}
bool bfs()
{
memset(dt,-,sizeof(dt));
int head=,tail=;q[]=S;dt[S]=;
while(head!=tail)
{
int x=q[head++];if(head>=)head=;
for(int i=first[x];i;i=e[i].from)
if(dt[e[i].v]==-&&e[i].flow>)
{
q[tail++]=e[i].v;if(tail>=)tail=;
dt[e[i].v]=dt[x]+;
}
}
if(dt[T]==-)return ;
return ;
}
int dinic(int x,int a)
{
if(x==T||a==)return a;
int flow=,f;
for(int& i=cur[x];i;i=e[i].from)
if(dt[e[i].v]==dt[x]+&&(f=dinic(e[i].v,min(a,e[i].flow)))>)
{
e[i].flow-=f;
e[i^].flow+=f;//tot从2开始!建反向弧!
flow+=f;
a-=f;
if(a==)break;
}
return flow;
}
int main()
{
scanf("%d%d%d",&n,&m,&d);
int cnt=;
char s[];
for(int i=;i<=n;i++)
{
scanf("%s",s+);
for(int j=;j<=m;j++)
{
cnt++;int u;
p[i][j]=cnt;
u=s[j]-'';
if(u)insert(cnt,cnt+,u);
}
}
for(int i=;i<=n;i++)
for(int j=;j<=m;j++)
for(int x=max(i-d,);x<=min(i+d,n);x++)
for(int y=max(j-d,);y<=min(j+d,m);y++)
if((i!=x||j!=y)&&(i-x)*(i-x)+(j-y)*(j-y)<=(d*d))
insert(p[i][j]+,p[x][y],inf);
for(int i=;i<=n;i++)
{
scanf("%s",s+);
for(int j=;j<=m;j++)
if(s[j]=='L')insert(S,p[i][j],),ans++;
}
for(int i=d+;i<=n-d;i++)
for(int j=;j<=d;j++)
{
insert(p[i][j]+,T,inf);
insert(p[i][m-j+]+,T,inf);
}
for(int i=;i<=d;i++)
for(int j=;j<=m;j++)
{
insert(p[i][j]+,T,inf);
insert(p[n-i+][j]+,T,inf);
}
while(bfs())
{
for(int i=;i<=;i++)cur[i]=first[i];
ans-=dinic(S,inf);
}
printf("%d",ans);
return ;
}
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