传送门

解题思路

  出题人真会玩。。操作\(2\)线段树合并,然后每棵线段树维护元素个数和。对于\(6\)这个询问,因为乘积太大,所以要用对数。时间复杂度\(O(nlogn)\)

代码

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm> using namespace std;
const int N=400005;
const int M=2000005; inline int rd(){
int x=0,f=1; char ch=getchar();
while(!isdigit(ch)) f=ch=='-'?0:1,ch=getchar();
while(isdigit(ch)) x=(x<<1)+(x<<3)+ch-'0',ch=getchar();
return f?x:-x;
} int m,tot,rt[M],F[M],num,cpy[N],cnt,a[N],u,tmp; struct Query{
int op,x,y;
}q[N]; struct Segment_Tree{
double Mul[M];
int siz[M],ls[M],rs[M];
void update(int &x,int l,int r,int s,int k,double now){
if(!x) x=++tot; siz[x]+=s; Mul[x]+=s*now;
if(l==r) return; int mid=(l+r)>>1;
if(k<=mid) update(ls[x],l,mid,s,k,now);
else update(rs[x],mid+1,r,s,k,now);
}
int merge(int x,int y,int l,int r){
if(!x || !y) return (x|y);
if(l==r) {siz[x]+=siz[y]; Mul[x]+=Mul[y]; return x;}
int mid=(l+r)>>1;
ls[x]=merge(ls[x],ls[y],l,mid);
rs[x]=merge(rs[x],rs[y],mid+1,r);
siz[x]=siz[ls[x]]+siz[rs[x]];
Mul[x]=Mul[ls[x]]+Mul[rs[x]];
return x;
}
void erase(int x,int l,int r,int L,int R){
if(L>R || !siz[x]) return;
if(l==r) {tmp+=siz[x]; siz[x]=0; Mul[x]=0; return;}
int mid=(l+r)>>1;
if(L<=mid) erase(ls[x],l,mid,L,R);
if(mid<R) erase(rs[x],mid+1,r,L,R);
siz[x]=siz[ls[x]]+siz[rs[x]];
Mul[x]=Mul[ls[x]]+Mul[rs[x]];
}
int kth(int x,int l,int r,int k){
if(l==r) return l; int mid=(l+r)>>1;
if(siz[ls[x]]>=k) return kth(ls[x],l,mid,k);
else {k-=siz[ls[x]]; return kth(rs[x],mid+1,r,k);}
}
}tree; int get(int x){
if(x==F[x]) return x;
return F[x]=get(F[x]);
} int main(){
m=rd(); int x,y,uu,vv;
for(int i=1;i<=m;i++){
q[i].op=rd(),q[i].x=rd();
if(q[i].op==1) cpy[++cnt]=q[i].x;
if(q[i].op==1 || q[i].op==7) continue; q[i].y=rd();
if(q[i].op==3 || q[i].op==4) cpy[++cnt]=q[i].y;
}
sort(cpy+1,cpy+1+cnt); u=unique(cpy+1,cpy+1+cnt)-cpy-1;
for(int i=1;i<=m;i++){
if(q[i].op==1){
x=lower_bound(cpy+1,cpy+1+u,q[i].x)-cpy;
num++; F[num]=num; tree.update(rt[num],1,u,1,x,log(q[i].x));
}
else if(q[i].op==2){
x=q[i].x,y=q[i].y; uu=get(x),vv=get(y);
if(uu==vv) continue; F[vv]=uu;
rt[uu]=tree.merge(rt[uu],rt[vv],1,u);
}
else if(q[i].op==3){
x=q[i].x,y=lower_bound(cpy+1,cpy+1+u,q[i].y)-cpy;
tmp=0; x=get(x); tree.erase(rt[x],1,u,1,y-1);
if(tmp) tree.update(rt[x],1,u,tmp,y,log(q[i].y));
}
else if(q[i].op==4){
x=q[i].x,y=lower_bound(cpy+1,cpy+1+u,q[i].y)-cpy;
tmp=0; x=get(x); tree.erase(rt[x],1,u,y+1,u);
if(tmp) tree.update(rt[x],1,u,tmp,y,log(q[i].y));
}
else if(q[i].op==5){
x=q[i].x; y=q[i].y; x=get(x);
printf("%d\n",cpy[tree.kth(rt[x],1,u,y)]);
}
else if(q[i].op==6) {
x=get(q[i].x); y=get(q[i].y);
puts(tree.Mul[rt[x]]>tree.Mul[rt[y]]?"1":"0");
}
else if(q[i].op==7) printf("%d\n",tree.siz[rt[get(q[i].x)]]);
}
return 0;
}

BZOJ 4399: 魔法少女LJJ(线段树)的更多相关文章

  1. BZOJ 4399: 魔法少女LJJ 线段树合并 + 对数

    Description 在森林中见过会动的树,在沙漠中见过会动的仙人掌过后,魔法少女LJJ已经觉得自己见过世界上的所有稀奇古怪的事情了LJJ感叹道“这里真是个迷人的绿色世界,空气清新.淡雅,到处散发着 ...

  2. BZOJ.4399.魔法少女LJJ(线段树合并)

    BZOJ 注意\(c\leq7\)→_→ 然后就是裸的权值线段树+线段树合并了. 对于取\(\max/\min\)操作可以直接区间修改清空超出范围的值,然后更新到对应位置上就行了(比如对\(v\)取\ ...

  3. bzoj 4399 魔法少女LJJ

    4399: 魔法少女LJJ Time Limit: 20 Sec  Memory Limit: 162 MBhttp://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?i ...

  4. BZOJ4399魔法少女LJJ——线段树合并+并查集

    题目描述 在森林中见过会动的树,在沙漠中见过会动的仙人掌过后,魔法少女LJJ已经觉得自己见过世界上的所有稀奇古怪的事情了LJJ感叹道“这里真是个迷人的绿色世界,空气清新.淡雅,到处散发着醉人的奶浆味: ...

  5. 魔法少女 LJJ——线段树

    题目 [题目描述] 在森林中见过会动的树,在沙漠中见过会动的仙人掌过后,魔法少女 LJJ 已经觉得自己见过世界上的所有稀奇古怪的事情了. LJJ 感叹道“这里真是个迷人的绿色世界,空气清新.淡雅,到处 ...

  6. 【BZOJ4399】魔法少女LJJ 线段树合并

    [BZOJ4399]魔法少女LJJ Description 在森林中见过会动的树,在沙漠中见过会动的仙人掌过后,魔法少女LJJ已经觉得自己见过世界上的所有稀奇古怪的事情了LJJ感叹道“这里真是个迷人的 ...

  7. BZOJ 4399 魔法少女LJJ(线段树合并)

    题意 https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=4399 思路 码农题,需要一定代码功底.方法很暴力,先将权值离散,表示在线段树里储存的位置,每 ...

  8. bzoj4399 魔法少女LJJ 线段树合并

    只看题面绝对做不出系列.... 注意到\(c \leqslant 7\),因此不会有删边操作(那样例删边干嘛) 注意到\(2, 5\)操作十分的有趣,启示我们拿线段树合并来做 操作\(7\)很好处理 ...

  9. bzoj4399 魔法少女LJJ 线段树合并+线段树二分+并查集

    题目传送门 https://lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=4399 题解 毒瘤题 \(9\) 种操作还有支持动态图的连通性 仔细读题 $ c<=7$. ...

随机推荐

  1. ASP.NET MVC Filter过滤机制(过滤器、拦截器)

    https://blog.csdn.net/knqiufan/article/details/82413885 本文为博主原创文章,未经博主允许不得转载. https://blog.csdn.net/ ...

  2. Fedora 26 安装搜狗拼音输入法 sogoupinyin

    Fcitx 官方 wiki Fcitx GitHub Arch wiki 上关于 Fcitx 的资料 故障排除可以参考这里 Fedora 中文社区 Fedora 中文社区软件源 Fcitx (Flex ...

  3. 阻塞进程函数 wait()和waitpid()

    1.  wait()和waitpid()函数说明 wait() 进程一旦调用了wait(), 就立即阻塞自己,由wait自动分析是否有当前进程的某个子进程已经退出,如果让它找到了一个已经变成僵尸的子进 ...

  4. 2019/10/26 TZOJ

    1001 Flooded Island http://www.tzcoder.cn/acmhome/problemdetail.do?&method=showdetail&id=452 ...

  5. 生日蛋糕(dfs+剪枝)

    生日蛋糕 POJ - 1190 题目: 7月17日是Mr.W的生日,ACM-THU为此要制作一个体积为Nπ的M层生日蛋糕,每层都是一个圆柱体.  设从下往上数第i(1 <= i <= M) ...

  6. Caused by: java.lang.ClassNotFoundException: com.alibaba.dubbo.common.Version

    <dependency> <groupId>com.alibaba.boot</groupId> <artifactId>dubbo-spring-bo ...

  7. DS-哈希表浅析

    1.哈希表 2.哈希函数 3.哈希冲突 哈希表 哈希表是一种按key-value存储的数据结构,也称散列表. 之前的数组.树和图等等查找一个值时都要与结构中的值相比较,查找的效率取决于比较的次数. 而 ...

  8. spring security简单教程以及实现完全前后端分离

    spring security是spring家族的一个安全框架,入门简单.对比shiro,它自带登录页面,自动完成登录操作.权限过滤时支持http方法过滤. 在新手入门使用时,只需要简单的配置,即可实 ...

  9. uploadify多图片和文件上传网站应用

    先要下载压缩包 www.uploadify.com/wp-content/uploads/files/uploadify.zip 1,模板文件引用 <!--引用jquery uploady*}- ...

  10. 关于分布式唯一ID,snowflake的一些思考及改进(完美解决时钟回拨问题)

    1.写唯一ID生成器的原由 在阅读工程源码的时候,发现有一个工具职责生成一个消息ID,方便进行全链路的查询,实现方式特别简单,核心源码不过两行,根据时间戳以及随机数生成一个ID,这种算法ID在分布式系 ...