2017多校第一套&&hdu6038 思维 数学

链接  http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=6038

题意： 
给你一个a序列，代表0到n-1的排列；一个b序列代表0到m-1的排列。问你可以找出多少种函数关系f，f的定义域内的i都满足f(i)=b[f(a[i])]; 
分析：这个主要是找循环节 循环节导致函数有多种情况 找到每段循环节的 取值 种数 相乘起来就是答案
比如说：如果 a 序列是 2 0 1 那么我们可以发现

f[0] = b[f(a[0])]     f[0]  = b[f(2)] 
f[1] = b[f(a[1])]     f[1]  = b[f(0)] 
f[2] = b[f(a[2])]     f[2]  = b[f(1)]

对于这组数来说，假如我们先指定了f（0）对应的在b中的值，那么根据第2个式子，就可以得出f（1），根据f（1）就又可以得出f（2），最后根据f（2）就可以检验f（0）的值是否正确。

仔细观察左边的柿子 （定义域）i与a[ i ] 是循环的 如果想使上述成立，必须右边的柿子（值域）i与b[ i ] 也存在其约数长度的循环节。

如果不是约数长度的循环节会使上述假设矛盾    自己写一下就知道了 只有被整出才会成立。

每个定义域的循环节都可以与每个值域的循环节匹配（满足红字匹配成功）

那么就是找两个序列的不相交的循环节，对于定义域里面的每一个循环节都找出来有多少种情况。每一个循环节的情况数为它所能匹配的值域循环节的长度 和。每个循环节的情况数乘起来就是答案了

样例一  (1+1)*(1+1)=4; a两个环(长度 2 1)           b两个个环(长度 1 1)       2与1 1匹配   1与1 1 匹配

样例二  (1+3)=4;           a一个环(长度 3)                b两个环(长度 1 3)         3与1 3匹配

注   对于一个a循环节  若b循环节中没有能与之匹配的   答案为零   想想为什么  不用特判累积过程中可以处理掉

AC代码

 #include <stdio.h>
 #include <math.h>
 #include <string.h>
 #include <stdlib.h>
 #include <iostream>
 #include <sstream>
 #include <algorithm>
 #include <string>
 #include <queue>
 #include <vector>
 using namespace std;
 const int maxn= 1e5+;
 const int mod= 1e9+;
 const int inf = 0x3f3f3f3f;
 typedef long long ll;
 int n,m;
 int a[maxn],b[maxn];
 int vis[maxn],loop_a[maxn],loop_b[maxn];   //loop存循环节长度
 int main()
 {
     int kase=;
     while(scanf("%d %d",&n,&m)!=EOF)
     {
         for(int i=; i<n; i++)
             scanf("%d",&a[i]);
         for(int i=; i<m; i++)
             scanf("%d",&b[i]);
         memset(vis, , sizeof(vis));　　　　　　//标记是否访问过 找不相交的循环节
         memset(loop_b, , sizeof(loop_b));
         memset(loop_a, , sizeof(loop_a));
         int cnt1=,cnt2=;                   //cnt记录循环节个数
         for(int i = ; i < n; i++)
         {
             if(!vis[i])                      //过程自己模拟一下就明了了
             {
                 int x = a[i];
                 int len = ;
                 while(!vis[x])
                 {
                     len++;
                     vis[x] = ;
                     x = a[x];
                 }
                 if(len!=)
                     loop_a[cnt1++]=len;         //保存循环节
             }
         }
         memset(vis, , sizeof vis);
         for(int i = ; i < m; i++)      //b同理
         {
             if(!vis[i])
             {
                 int x = b[i];
                 int len = ;
                 while(!vis[x])
                 {
                     len++;
                     vis[x] = ;
                     x = b[x];
                 }
                 if(len!=)
                     loop_b[cnt2++]=len;
             }
         }
         ll ans=;
         for(int i=; i<cnt1; i++)            //枚举a与b的循环节 试了不会超时 还有更快一些的做法
         {
             ll sum=;　　　　　　　　　　　　　　　　//记录每个循环节的情况数
             for(int j=; j<cnt2; j++)
             {
                 if(loop_a[i]%loop_b[j]==)　　　　//只有是约数才能匹配
                 {
                     sum=(sum+loop_b[j])%mod;     //加进去 取模
                 }
             }
             ans=(ans*sum)%mod;                //乘到答案里面
         }
         printf("Case #%d: %lld\n",++kase,ans);
     }
     return ;
 }

作者水平有限 欢迎大佬纠错！

多校真jb难啊~~~~~QAQ

太菜了