这道题目和PAT上的1029是同一题。但是PAT1029用O(m+n)的时间复杂度(题解)就可以,这道题要求是O(log(m+n))。

这道题花费了我一个工作日的时间来思考。因为是log因而一直思考如何进行二分,想着是两个vector分别二分,但一直想不到合适的解法,就是无穷尽的if else

后来看了题解。思路是从两个有序数组中寻找第k小的数。

<1>花了很长时间在调试上,结果发现是少了一个return,期间还不停怀疑自己写递归的能力。。。要被自己打败了,调代码真是一件细小却很耗费心神的事情。

<2>对vector的使用也是醉了。

思路如下:

  我们先假设nums1nums2数组中元素个数都是大于 k/2 的,且从 0 开始编号,那么我们比较 a = nums1[k/2 - 1] 和 b = nums2[k/2 - 1]。

  (1)如果 a < b 那么 nums1[0] 到 nums1[k/2 - 1] 这 k/2 个数在合并后的有序数组中,一定在第 k 小的数左边。为什么呢?

  我们发现,nums1数组中比 a 小的数一共是 k/2 - 1 个。nums2数组中比 a 小的数最多有 k/2 - 1 个。因而合并以后比 a 小的数最多有k/2 - 1 + k/2 - 1 < k - 2。

  也就是说 a 最多是第 k-1 小的数。所以说nums1数组前 k/2 个数可以剔除了。

  (2)如果 a > b 同理,剔除掉 nums2数组前 k/2 个数。

  (3)如果 a = b,a 即为所求。

  每次剔除掉 k 一半个元素,因而时间复杂度是O(logk),对于此题,k = (m+n)/2 所以时间复杂度是O(log(m+n))

考虑实际情况:

  如果nums1nums2数组中元素个数不足 k/2 个的话,一般情况下,我们只需要满足两者前面的总数目为 k 即可,原理和上述的原理是类似的,不再赘述。

  此外还需要考虑特殊情况,

  (1)一个数组为空,则放回另一个数组的第 k 大;

  (2)k==1则直接返回min(nums1[0],nums2[0])。

在实际实现的时候,由于输入是vector,它是一个动态数组,可以实时增加或删除元素,但是无法向普通数组/指针一样任意指定起始位置和结束为止,因而只好使用了删除操作

erase(iter1,iter2),删除[iter1,iter2)之间的元素。 

 class Solution {
public:
double findkth(vector<int>& nums1,vector<int>& nums2, int k)
{
int m = nums1.size(),n = nums2.size();
if(m > n)
return findkth(nums2,nums1,k);//error 1. forget the "return";
if(m == )
return double(nums2[k - ]);//error 2. write as nums2[n - 1];
if(k == )
{
return double(min(nums1[],nums2[]));
}
int pa = min(k / ,m), pb = k - pa;
if(nums1[pa - ] < nums2[pb - ])
{
nums1.erase(nums1.begin(),nums1.begin() + pa);
return findkth(nums1,nums2,k - pa);
}
else if(nums1[pa - ] > nums2[pb - ])
{
nums2.erase(nums2.begin(),nums2.begin() + pb);
return findkth(nums1,nums2,k - pb);
}
else
return double(nums1[pa - ]);
}
double findMedianSortedArrays(vector<int>& nums1, vector<int>& nums2) {
int len1 = nums1.size(),len2 = nums2.size();
int len = len1 + len2;
vector<int> cop1(nums1),cop2(nums2);
if(len % )
{
return findkth(nums1,nums2,len / + );
}
else
{
double t1=findkth(nums1,nums2,len / ),t2=findkth(cop1,cop2,len / + );
return (t1 + t2) / ;
}
}
};

删除vector的元素需要①额外备份一下数组,②删除操作。无谓的耗时,因而重新实现成手动标记数组的起始位置。只需要在上面实现方法的基础上 + star就可以了,原理都是一样的。

 class Solution {
public:
double findkth(vector<int>& nums1,int st1,int ed1,vector<int>& nums2, int st2,int ed2,int k)
{
int m = ed1 - st1,n = ed2 - st2;
if(m > n)
return findkth(nums2,st2,ed2,nums1,st1,ed1,k);//error 1. forget the "return";
if(m == )
return double(nums2[st2 + k - ]);//error 2. write as nums2[n - 1];
if(k == )
{
return double(min(nums1[st1],nums2[st2]));
}
int pa = min(k / ,m), pb = k - pa;
if(nums1[st1 + pa - ] < nums2[st2 + pb - ])
{
return findkth(nums1,st1 + pa,ed1,nums2,st2,ed2,k - pa);
}
else if(nums1[st1 + pa - ] > nums2[st2 + pb - ])//error 3. forget the "st2 +";
{
return findkth(nums1,st1,ed1,nums2,st2 + pb,ed2,k - pb);
}
else
return double(nums1[st1 + pa - ]);
}
double findMedianSortedArrays(vector<int>& nums1, vector<int>& nums2) {
int len1 = nums1.size(),len2 = nums2.size();
int len = len1 + len2;
if(len % )
{
return findkth(nums1,,len1,nums2,,len2,len / + );
}
else
{
double t1 = findkth(nums1,,len1,nums2,,len2,len / ),t2 = findkth(nums1,,len1,nums2,,len2,len / + );
return (t1 + t2) / ;
}
}
};

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