bzoj 1030-1039
1030 JSOI2007 文本生成器
AC自动机加DP即可。
1031 JSOI2007 字符加密Cipher
后缀数组即可。
1032 JSOI2007 祖码Zuma
数据有问题。
设\(f(l,r)\)为消去\([l,r]\)的石子的次数。
错(biao)误(cheng)的做法,没有考虑以下情况:
5
1 2 1 3 1
正确答案:
4
错(biao)误(cheng)答(shu)案(chu):
7
1033 ZJOI2008 杀蚂蚁antbuster
这题做到我眼泪狂奔,大约用了6小时!
不过也透露出了许多问题!!总结如下:
atan2
的用法,注意,是atan2(y, x)
!
2.注意细节
错误代码1
double p = ant[i].x - x, q = ant[i].y - y;
p = p * cos(at) + q * sin(at);
q = q * cos(at) - p * sin(at);
不要告诉我看不出来哪里错了。
错误代码2
void clearAnt() {
int i = 0;
while (i < cntAnt) {
if (ant[i].hp < 0) {
if (i == withCake) withCake = -1;
// if (withCake != -1 && withCake >= i) withCake --; // 加上这句就对了
mapAnt[ant[i].x][ant[i].y] = false;
cntAnt --;
for (int j = i; j < cntAnt; j ++)
ant[j] = ant[j + 1];
}
else i ++;
}
}
以后写程序要不要把每个变量都过一遍呢?
还有一些题目中的细节:
- 注意是“顺时针”还是“逆时针”。
- 注意
如果将每只蚂蚁在洞口出现的时间作为它的活动时间的第1秒
和所有蚂蚁的年龄加1。
是两回事,也就是说活动时间和年龄是不同的。 - 一只蚂蚁不能移动却在蛋糕上,也会扛上蛋糕。
题外话:
hwd在冬令营说几何题不要在乎时间复杂度,于是我在判断线段和圆是否有交时用了旋转的方法,结果在本地测超了0.1s。
1034 ZJOI2008 泡泡堂BNB
QAQ
贪心的方法如下:
int solve(int A[], int B[]) {
sort(A, A + n);
sort(B, B + n);
int ret = 0;
int low = 0, high = n - 1;
int low2 = 0, high2 = n - 1;
while (low <= high) {
// step 1
while (low <= high && A[low] > B[low2]) {
low ++, low2 ++;
ret += 2;
}
// step 2
while (low <= high && A[high] > B[high2]) {
high --, high2 --;
ret += 2;
}
// step 3
if (low <= high) {
if (A[low] == B[high2]) ret ++;
low ++, high2 --;
}
}
return ret;
}
这题我不会做,在网上找题解都是只有代码(如上,是求A队最大得分的),个个都说是简单的贪心,为什么我就不觉得呢。
后来,根据这个贪心的方法,脑补出了证明:
首先按能力排序,这时候可以从能力弱的开始贪心。下面小写字母表示A队的,大写就是B队的。
设\(x\)、\(X\)是能力最弱的,\(y\)、\(Y\)是最强的。
如果$ x > X $,那么必然让他们对打,得\(2\)分。
如果$ x < X \(,那么就让\)x\(和\)Y\(打。
上面两个贪心都很显然,头疼的是\)x=X$的情况:
假如我们让\(x\)和\(X\)对打得\(1\)分。
....接着如果$ x'>X' $,那么必然让他们对打,得\(2\)分。继续,直到$ x' \leq X' \(。
....如果\) x'<X' \(,那么就让\)x'\(和\)Y\(打。这个时候我们可以调整为\)x\(和\)Y\(打,\)x'\(和\)X\(打,这样更优!
....如果相等,如果打的话,那么可以调整为\)x\(和\)X'\(打,\)x'\(和\)X\(打,这样更优!如果不打的话,假设\)x'\(最后和\)Z\(打,可以调整为\)x\(和\)Z\(打,\)x'\(和\)X$打,这样更优!也就是说,不管打不打,经过调整后都变得更优!
综上,如果除去\(x\)和\(X\)后,能够一直赢下去就让他们打,否则让\(x\)和\(Y\)打。得证。
1035 ZJOI2008 Risk
这题对着数据该才过TAT。
首先求出每个军队的外围的轮廓,这个可以枚举每一条边然后不断求下一条边,直到形成一个环。
至于如何求下一条边,扫描一下atan2
的值就好。
黑色是当前的边,紫色是下一条边,灰色是其他边,我们按照红色箭头的方向扫描到的第一条边就是下一条边。
除此之外,我居然忘记了一个特殊情况,就是一个国家包含另外一个国家(其实这个情况应该很显然啊,为什么我会忘记呢?)。
假设我们要判断国家A被哪个国家包含且发生战争,我们只要找到一个面积最小的包含国家A的国家就可以了。
调到这里,心想要A了吧,发现还有特殊情况:
按照上面的算法,A和B是要发生战争的,但事实上不是这样的。于是又加了一个特判:如果国家的四周都有国家,那么它是不会被其他国家包含的。
虽然最后A了,但是总觉得还有什么特殊情况没考虑到,有人能告诉我吗,谢谢。
1036 ZJOI2008 树的统计Count
直接树链剖分,不过source
那里写着分治,不知道是怎么做的?
1037 ZJOI2008 生日聚会
把男生看成\(1\),女生看成\(-1\),得到部分和\(s_i\)。如果存在\(i,j\),\(j < i\),使得$k < |s_i - s_j| $ 或者\(k < |s_i|\)那么就是不合法的方案。
然后DP,记\(dp(i, s, min, max)\)。
1038 ZJOI2008 瞭望塔
直接半平面交即可。
1039 ZJOI2008 无序运动Movement
数据有误,偷懒不做。
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