【刷题】BZOJ 4059 [Cerc2012]Non-boring sequences
Description
我们害怕把这道题题面搞得太无聊了,所以我们决定让这题超短。一个序列被称为是不无聊的,仅当它的每个连续子序列存在一个独一无二的数字,即每个子序列里至少存在一个数字只出现一次。给定一个整数序列,请你判断它是不是不无聊的。
Input
第一行一个正整数T,表示有T组数据。每组数据第一行一个正整数n,表示序列的长度,1 <= n <= 200000。接下来一行n个不超过10^9的非负整数,表示这个序列。
Output
对于每组数据输出一行,输出"non-boring"表示这个序列不无聊,输出"boring"表示这个序列无聊。
Sample Input
4
5
1 2 3 4 5
5
1 1 1 1 1
5
1 2 3 2 1
5
1 1 2 1 1
Sample Output
non-boring
boring
non-boring
boring
Solution
考虑分治
处理出每个位置的数的上一次出现位置与下一次出现位置,一段区间 \(l,r\) ,如果其中 \(x\) 位置上的数满足 \(pre[x]<l\) 并且 \(nxt[x]>r\) ,那么说明 \(l,r\) 这段区间内的所有子区间只要跨过了 \(x\) 位置,那么就满足要求,所以就继续分成两端区间 \([l,x)\) 与 \((x,r]\) 进行判断
朴素的,是一个一个枚举 \(x\) ,但这样复杂度是错误的,因为这样的分治,并不均匀,不能保证最后是 \(log\) 层
但是考虑变换枚举方法,双向枚举,从两边往中间枚举,这样复杂度就对了。置于为什么,可以将这个分治的过程倒过来当成合并来思考,即每次合并两个区间的复杂度是小的那段区间的长度,这不就是启发式合并吗?所以复杂度正确
代码并不难,主要难在分治以及复杂度分析
#include<bits/stdc++.h>
#define ui unsigned int
#define ll long long
#define db double
#define ld long double
#define ull unsigned long long
const int MAXN=200000+10;
int T,n,a[MAXN],pre[MAXN],nxt[MAXN];
std::map<int,int> M;
template<typename T> inline void read(T &x)
{
T data=0,w=1;
char ch=0;
while(ch!='-'&&(ch<'0'||ch>'9'))ch=getchar();
if(ch=='-')w=-1,ch=getchar();
while(ch>='0'&&ch<='9')data=((T)data<<3)+((T)data<<1)+(ch^'0'),ch=getchar();
x=data*w;
}
template<typename T> inline void write(T x,char ch='\0')
{
if(x<0)putchar('-'),x=-x;
if(x>9)write(x/10);
putchar(x%10+'0');
if(ch!='\0')putchar(ch);
}
template<typename T> inline void chkmin(T &x,T y){x=(y<x?y:x);}
template<typename T> inline void chkmax(T &x,T y){x=(y>x?y:x);}
template<typename T> inline T min(T x,T y){return x<y?x:y;}
template<typename T> inline T max(T x,T y){return x>y?x:y;}
inline bool solve(int l,int r)
{
if(r<=l)return true;
int p=l,q=r;
for(register int p=l,q=r;p<=q;++p,--q)
if(pre[p]<l&&nxt[p]>r)return solve(l,p-1)&&solve(p+1,r);
else if(p!=q&&pre[q]<l&&nxt[q]>r)return solve(l,q-1)&&solve(q+1,r);
return false;
}
int main()
{
read(T);
while(T--)
{
int n;read(n);
for(register int i=1;i<=n;++i)read(a[i]);
M.clear();
for(register int i=1;i<=n;++i)pre[i]=M[a[i]],M[a[i]]=i;
M.clear();
for(register int i=n;i>=1;--i)nxt[i]=M[a[i]]?M[a[i]]:n+1,M[a[i]]=i;
if(!solve(1,n))puts("boring");
else puts("non-boring");
}
return 0;
}
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