poj2186--tarjan+缩点

题目大意：

      每一头牛的愿望就是变成一头最受欢迎的牛。现在有N头牛，给你M对整数(A,B)，表示牛A认为牛B受欢迎。 这

种关系是具有传递性的，如果A认为B受欢迎，B认为C受欢迎，那么牛A也认为牛C受欢迎。你的任务是求出有多少头

牛被所有的牛认为是受欢迎的。

 

      先用tarjan求出每个强连通分量，再缩点，统计每个点的出度，如果有且只有1个出度为0的点，就输出这个点包含的节点数，否则输出0.

 

证明：

      如果有强连通分量被孤立（即和其他强连通分量无边相连），那么答案一定是0，此时由于缩点后是一个DAG图，出度为0的点的个数一定大于1.

      如果没有点被孤立，当出度为0的点多于1个时，由DAG图的性质可得，一定不存在一个点能从其他所有点到达。只有当出度为0的点的个数等于1时，这个出度为0的点才能被其他所有点到达。

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<vector>
#include<string.h>
#include<cmath>
using namespace std;
vector<int>g[];
int n,m,x,y,i,j,v,c[],l=,low[],dfn[],f[],cnt=,out0[],sum[],time_clock=;
void tarjan(int u){
    low[u]=dfn[u]=++time_clock;
    c[++l]=u;
    for(int i=;i<g[u].size();++i){
        v=g[u][i];
        if(!dfn[v]){
            tarjan(v);
            low[u]=min(low[u],low[v]);
        }else if(!f[v])low[u]=min(low[u],dfn[v]);
    }
    if(low[u]==dfn[u]){
        int len=l;
        cnt++;
        while(c[l]!=u)f[c[l--]]=cnt;
        f[c[l--]]=cnt;
        sum[cnt]=len-l;
    }
}
int main()
{
    scanf("%d%d",&n,&m);
    for(i=;i<=m;++i){
        scanf("%d%d",&x,&y);
        g[x].push_back(y);
    }
    memset(dfn,,sizeof(dfn));
    for(i=;i<=n;++i)if(!dfn[i])tarjan(i);
    for(i=;i<=n;++i)
    for(j=;j<g[i].size();++j){
        v=g[i][j];
        if(f[i]!=f[v])out0[f[i]]++;
    }
    x=;
    for(i=;i<=cnt;++i)
    if(!out0[i]){
        if(x>){
            printf("");
            return ;
        }
        x=sum[i];
    }
    printf("%d",x);
    return ;
}