2064: 分裂

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Description

背景: 和久必分,分久必和。。。 题目描述: 中国历史上上分分和和次数非常多。。通读中国历史的WJMZBMR表示毫无压力。 同时经常搞OI的他把这个变成了一个数学模型。 假设中国的国土总和是不变的。 每个国家都可以用他的国土面积代替, 又两种可能,一种是两个国家合并为1个,那么新国家的面积为两者之和。 一种是一个国家分裂为2个,那么2个新国家的面积之和为原国家的面积。 WJMZBMR现在知道了很遥远的过去中国的状态,又知道了中国现在的状态,想知道至少要几次操作(分裂和合并各算一次操作),能让中国从当时状态到达现在的状态。

Input

第一行一个数n1,表示当时的块数,接下来n1个数分别表示各块的面积。 第二行一个数n2,表示现在的块,接下来n2个数分别表示各块的面积。

Output

一行一个数表示最小次数。

Sample Input

1 6
3 1 2 3

Sample Output

2
数据范围:
对于100%的数据,n1,n2<=10,每个数<=50
对于30%的数据,n1,n2<=6,

HINT

 

Source

  这道题真心和谐啊,连题解都搜不到,黄学长都说“只可意会,不可言传”。逗我呢?!
  于是乎本着良心我决定言传一下。
  我们可以先把这些国家想成橡皮泥,我们的目的就是把一堆橡皮泥变成另一堆橡皮泥。考虑最多的步数,就是我们先把所有橡皮泥揉到一起,然后再挨个往外掰,那么步数就是n1+n2-2。
  但是,我们可以注意到,如果我们可以再把当前的两堆橡皮泥分成4堆,两两对应,那么,我们就没有必要把两堆在和在一起在分开了。换句话说,我们把它分解成了两个子问题,而这么做的条件就是两两对应的堆大小相等。然后两个小堆可能被我们接着往下分,然后又省了两步,然后……
  所以,假设我们这么做最多可以分成k对,那么答案就是n+m-2*k。
  那么问题来了,我们到底怎么去求呢?
  数据范围这么小,我们可以考虑状压一发。为了方便,我们把两堆合在一起状压,状态就是看这些橡皮泥选没选,然后挨个去找最佳的转移,最终看一下当前状态是否也是可以组成两两配对的两堆的,如果是,那么f[i]+1,因为刨去i表示的橡皮泥剩下的也一定是两两配对的。
 #include <iostream>
#include <cstdlib>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <queue>
#include <algorithm>
#include <cmath>
#include <map>
#include <vector>
#define N (1<<21)
using namespace std;
int f[N],sum[N];
int n1,n2,n;
int a[],b[];
int main()
{
scanf("%d",&n1);
for(int i=;i<=n1;i++)
{
scanf("%d",&a[i]);
sum[(<<(i-))]=a[i];
}
scanf("%d",&n2);
for(int i=;i<=n2;i++)
{
scanf("%d",&b[i]);
sum[(<<(i-+n1))]=-b[i];
}
n=n1+n2;
for(int i=;i<(<<n);i++)
{
sum[i]=sum[i&(-i)]+sum[i-(i&(-i))];
for(int j=;j<=n;j++)
{
if(i&(<<(j-)))
{
f[i]=max(f[i],f[i-(<<(j-))]);
}
}
if(!sum[i])f[i]++;
}
printf("%d\n",n-*f[(<<n)-]);
return ;
}

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