POJ 2785 4 Values whose Sum is 0(折半枚举+二分)
Time Limit: 15000MS | Memory Limit: 228000K | |
Total Submissions: 25675 | Accepted: 7722 | |
Case Time Limit: 5000MS |
Description
Input
Output
Sample Input
6
-45 22 42 -16
-41 -27 56 30
-36 53 -37 77
-36 30 -75 -46
26 -38 -10 62
-32 -54 -6 45
Sample Output
5
Hint
Source
ForwardIter lower_bound(ForwardIter first, ForwardIter last,const _Tp& val)算法返回一个非递减序列[first, last)中的第一个大于等于值val的位置。
ForwardIter upper_bound(ForwardIter first, ForwardIter last, const _Tp& val)算法返回一个非递减序列[first, last)中第一个大于val的位置。
lower_bound和upper_bound如下图所示:
题意:
给定各有n个整数的四个数列A、B、C、D。要从每个数列中各取出1个数,使四个数的和为0。求出这样的组合的个数。当一个数列中有多个相同的数字时,把它们作为不同的数字看待。
分析:
所有全都判断一遍不可行。不过将它们对半分成AB和CD再考虑,就可以快速解决了。从2个数列中选择的话只有n2种组合,所以可以进行枚举。先从A、B中取出a、b后,为了使总和为0则需要从C、D中取出c + d = a - b。因此先将从C、D中取数字的n2种方法全部枚举出来,将这些和排好序,这样就可以运用二分搜索了。
#include <cstdio>
#include <algorithm>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int maxn = + ; int n;
ll a[maxn], b[maxn], c[maxn], d[maxn];
ll cd[maxn * maxn]; //C和D中数字的组合方法 void solve()
{
//枚举从C和D中取出数字的所有方法
for (int i = ; i < n; i++)
{
for (int j = ; j < n; j++)
{
cd[i * n + j] = c[i] + d[j];
}
}
sort(cd, cd + n * n); ll res = ;
for (int i = ; i < n; i++)
{
for (int j = ; j < n; j++)
{
int CD = -(a[i] + b[j]);
//取出C和D中和为CD的部分
//二分搜索
res += upper_bound(cd, cd + n * n, CD) - lower_bound(cd, cd + n * n, CD);// 可能有多个答案
//lower_bound(first, last, const _Tp& val)算法返回一个非递减序列[first, last)中的第一个大于等于值val的位置。
//upper_bound(first, last, const _Tp& val)算法返回一个非递减序列[first, last)中第一个大于val的位置。
}
}
printf("%lld\n", res);
} int main()
{
scanf("%d", &n);
for (int i = ; i < n; i++)
{
scanf("%lld%lld%lld%lld", &a[i], &b[i], &c[i], &d[i]);
}
solve();
return ;
}
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