32. Longest Valid Parentheses

题目：

Given a string containing just the characters '(' and ')', find the length of the longest valid (well-formed) parentheses substring.

For "(()", the longest valid parentheses substring is "()", which has length = 2.

Another example is ")()())", where the longest valid parentheses substring is "()()", which has length = 4.

链接： http://leetcode.com/problems/longest-valid-parentheses/

题解：

一开始想要尝试跟Valid Parentheses类似的解法，就是维护一个leftCount，一个rightCount，当leftCount < rightCount的时候清零，当leftCount = rightCount时，尝试更新max，结果出错。后来看到曹神的解法，才发现还应该从字符串尾部向前再来一遍。

下面是解法，two passes，  Time Complexity - O(n)， Space Complexity - O(1)。

public class Solution {
    public int longestValidParentheses(String s) {          //if left parentheses count > right parentheses count, case always valid
        if(s == null || s.length() == 0)
            return 0;
        int start = -1, depth = 0, max = 0;

        for(int i = 0; i < s.length(); i++) {
            if(s.charAt(i) == '(')
                depth++;
            else {
                depth--;
                if(depth < 0) {
                    start = i;
                    depth = 0;
                }

                if(depth == 0)
                    max = Math.max(max, i - start);
            }
        }

        depth = 0;
        start = s.length();

        for(int i = s.length() - 1; i >= 0; i--) {      //if right parentheses count > left parentheses count, case always valid
            if(s.charAt(i) == ')')
                depth++;
            else {
                depth--;
                if(depth < 0) {
                    start = i;
                    depth = 0;
                }

                if(depth == 0)
                    max = Math.max(max, start - i);
            }
        }

        return max;
    }
}

还有一种解法是one pass， 方法是维护一个stack以及一个start index，遇到左括号入栈，遇到右括号出栈，当stack为空时说明左右括号平衡，计算i 与 start的距离， 否则左括号数目>右括号数目，计算i 与当前栈顶元素距离。 有小trick可以设置start = -1，这样代码里计算距离就可以不用 + 1了。还可以稍微简化一下，不过逻辑下面更清楚。

Time Complexity - O(n)， Space Complexity - O(n)。

public class Solution {
    public int longestValidParentheses(String s) {
        if(s == null || s.length() == 0)
            return 0;
        Stack<Integer> stack = new Stack<>();
        int start = 0, max = 0;

        for(int i = 0; i < s.length(); i++) {
            if(s.charAt(i) == '(')          //record index of each '('
                stack.push(i);
            else {
                if(stack.isEmpty())         //try to find first '('
                    start = i + 1;
                else {
                    stack.pop();
                    if(stack.isEmpty())     //left num = right num
                        max = Math.max(max, i - start + 1);
                    else                    //left > right,  cal max with current top element in stack
                        max = Math.max(max, i - stack.peek());
                }
            }
        }

        return max;
    }
}

二刷：

可以用三种方法来做:

1. 一种是曹神的方法，使用类似valid parentheses的方法。
   1. 维护一个depth，一个count。
   2. 从左向右遍历时并且当char == '('时，depth++，否则char = ')'，depth--，这时候我们count++，因为找到了一对valid parenthese
   3. 当depth == 0的时候，左右括号平衡，可以尝试更新max， max = Math.max(max, count * 2)
   4. 接下来判断depth是否小于0，小于0的话depth = 0, count = 0，我们从头开始计算。
   5. 左右各自遍历一遍。从右向左遍历是为了计算类似于"()(()()"这种情况，这时depth always > 0，没办法得到max = 4的结论。
2. 一种是一维DP，分好几种情况，画一个decision tree会比较清楚逻辑。
   1. 维护一个数组max[], 其中max[i]代表以s.charAt(i)结尾的longest valid parentheses的长度。我们考虑接下来集中情况。
   2. max[0] = 0，因为此时不能组成"()"。所以我们可以直接从 i = 1开始遍历
   3. 当前字符是'('， max[i] = 0，因为valid parentheses不能以'('结尾

   否则，当前字符等于')'，这时候继续判断几种情况

   1. s.charAt(i - 1) = '('，正好可以组成一对括号。
      1. 当 i - 2 >= 0，max[i] = max[i - 2] + 2
      2. 当 i - 2 < 0， max[i] = 2
   2. 否则s.charAt(i - 1) = ')'，此时我们也是继续进行判断
      1. 此时我们要求出i关于max[i - 1]对称的字符，就是 i - max[i - 1] - 1
         1. 假如i - max[i - 1] - 1 >= 0，并且 s.charAt(i - max[i - 1] - 1) == '('
            1. 此时表示从i - max[i - 1] - 1到i这一段都合理，所以这一部分等于max[i - 1] + 2, 我们要继续判断  i - max[i - 1] - 2
               1. 当i - max[i - 1] - 2 >= 0， 则 max[i] = max[i - 1] + 2 + max[i - max[i - 1] - 2]
               2. 否则max[i] = max[i - 1] + 2
         2. 否则max[i] = 0，我们不改变什么
   4. 在开头维护一个res = 0， 每次计算完max[i]之后尝试更新这个res，最后返回的也是这个res.
   5. 其实还可以继续简化，留给三刷了
3. 一种是利用一个stack来计算，这个留给三刷了，也是O(n)和O(n)

Java:

Time Complexity - O(n), Space Complexity - O(1)

public class Solution {
    public int longestValidParentheses(String s) {
        if (s == null || s.length() == 0) {
            return 0;
        }
        int count = 0, max = 0, depth = 0;
        for (int i = 0; i < s.length(); i++) {
            char c = s.charAt(i);
            if (c == '(') {
                depth++;
            } else {
                depth--;
                count++;
                if (depth == 0) {
                    max = Math.max(max, count * 2);
                }
                if (depth < 0) {
                    depth = 0;
                    count = 0;
                }
            }
        }
        depth = 0;
        count = 0;
        for (int i = s.length() - 1; i >= 0; i--) {
            char c = s.charAt(i);
            if (c == ')') {
                depth++;
            } else {
                depth--;
                count++;
                if (depth == 0) {
                    max = Math.max(max, count * 2);
                }
                if (depth < 0) {
                    depth = 0;
                    count = 0;
                }
            }
        }
        return max;
    }
}

DP - Time Complexity - O(n)， Space Complexity - O(n)

public class Solution {
    public int longestValidParentheses(String s) {
        if (s == null || s.length() == 0) {
            return 0;
        }
        int[] max = new int[s.length()];     // max[i] contains longest valid parentheses end at i
        int res = 0;
        for (int i = 1; i < max.length; i++) {
            char c = s.charAt(i);
            if (c == '(') {
                max[i] = 0;
            } else {                // c = ')'
                if (s.charAt(i - 1) == '(') {
                    max[i] = i - 2 >= 0 ? max[i - 2] + 2 : 2;
                } else {
                    if (i - max[i - 1] - 1 >= 0 && s.charAt(i - max[i - 1] - 1) == '(') {
                        max[i] = max[i - 1] + 2 + (i - max[i - 1] - 2 >= 0 ? max[i - max[i - 1] - 2] : 0);
                    }
                }
            }
            res = Math.max(max[i], res);
        }
        return res;
    }
}

题外话：

1-20-2016

DP一直学得不好， divide and conquer也学得不好，需要多练习多思考。 像Matrix multiply， counting inversion，closest pair，merge sort之类的，一定要多多练习。还有Weighted quick union with path compression， run-length coding, Huffman Tree等等。

三刷:

还是使用曹神的方法，赞曹神思路清晰。

Java:

public class Solution {
    public int longestValidParentheses(String s) {
        if (s == null || s.length() == 0) return 0;
        int max = 0, count = 0, start = 0, len = s.length();
        for (int i = 0; i < len; i++) {
            if (s.charAt(i) == '(') count++;
            else count--;
            if (count == 0) max = Math.max(max, i - start + 1);
            if (count < 0) {
                count = 0;
                start = i + 1;
            }
        }
        start = len - 1;
        count = 0;
        for (int i = len - 1; i >= 0; i--) {
            if (s.charAt(i) == ')') count++;
            else count--;
            if (count == 0) max = Math.max(max, start - i + 1);
            if (count < 0) {
                count = 0;
                start = i - 1;
            }
        }
        return max;
    }
}

Reference:

http://weibo.com/cpcs     曹神微博

http://www.cnblogs.com/springfor/p/3869495.html   小莹子

https://leetcode.com/discuss/9156/my-solution-using-one-stack-in-one-pass

https://leetcode.com/discuss/21549/simple-java-solution-o-n-time-one-stack

https://leetcode.com/discuss/8092/my-dp-o-n-solution-without-using-stack

https://leetcode.com/discuss/7609/my-o-n-solution-using-a-stack