设f[i][0/1]为考虑前i位,第i位为0/1时的期望得分(乘以是0/1的概率)。暴力转移显然。前缀和优化即可。

  但是这个前缀和精度无法承受,动不动就nan。

  考虑增加一位的贡献。若之前后缀1的个数为x,则增加一个1的贡献为(x+1)3-x3=3x2+3x+1。因此记录后缀1的个数期望、后缀1的个数平方的期望即可。

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cmath>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
int read()
{
int x=,f=;char c=getchar();
while (c<''||c>'') {if (c=='-') f=-;c=getchar();}
while (c>=''&&c<='') x=(x<<)+(x<<)+(c^),c=getchar();
return x*f;
}
#define N 100010
int n;
double p[N],e,e2,ans;
int main()
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("bzoj4318.in","r",stdin);
freopen("bzoj4318.out","w",stdout);
const char LL[]="%I64d\n";
#else
const char LL[]="%lld\n";
#endif
n=read();
for (int i=;i<=n;i++) scanf("%lf",&p[i]);
for (int i=;i<=n;i++)
{
ans+=(*e2+*e+)*p[i];
e2=(e2+*e+)*p[i];
e=(e+)*p[i];
}
printf("%.1f",ans);
return ;
}

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