loj2163 / bzoj2212 / P3521 [POI2011]ROT-Tree Rotations(线段树合并)
P3521 [POI2011]ROT-Tree Rotations
loj2163 [POI2011]ROT-Tree Rotations(数据加强)
(loj的数据套了个fread优化才过...)
显然地,对于一棵线段树(树根设为$rt$),是否翻转它的子树的子树,对于跨$mid$的逆序对数量没有影响。
那么我们可以层层统计(设左右子树为$lc,rc$):
不翻转时,该层(跨$mid$)的逆序对:$a[a[a[rt].lc].rc].sum*a[a[a[rt].rc].lc].sum$
翻转时,逆序对数量:$a[a[a[rt].lc].lc].sum*a[a[a[rt].rc].rc].sum$
递归处理即可。
重点是合并线段树:
前提:两棵动态开点线段树
实现(将树$pr$合并到$o$上):
void merge(int &o,int pr){
if(!o||!pr) {o=o+pr;return;}//一棵为空则返回另一边
a[o].sum+=a[pr].sum;
.......//结算信息
merge(a[o].lc,a[pr].lc);
merge(a[o].rc,a[pr].rc); //递归合并
}
蓝后就结束了。
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cctype>
#define re register
using namespace std;
typedef long long ll;
char gc(){
static char buf[],*p1=buf,*p2=buf;
return p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,,,stdin),p1==p2)?EOF:*p1++;
}
void read(int &x){
char c=gc();x=;
while(!isdigit(c)) c=gc();
while(isdigit(c)) x=(x<<)+(x<<)+(c^),c=gc();
}//以上读入优化
ll min(ll &a,ll &b){return a<b?a:b;}
struct node{int sum,lc,rc;}a[];
int n,u,rt; ll res1,res2,ans;
void update(int &o,int l,int r,int v){
if(!o) o=++u;
++a[o].sum;
if(l==r) return;
int mid=l+((r-l)>>);
if(v<=mid) update(a[o].lc,l,mid,v);
else update(a[o].rc,mid+,r,v);
}
void merge(int &o,int pr){//把o/pr当作左/右子树,合并到左子树
if(!o||!pr) {o=o+pr;return;}
a[o].sum+=a[pr].sum;
res1+=1ll*a[a[o].lc].sum*a[a[pr].rc].sum; //翻转:lc->lc 和 rc->rc 之间的逆序对数
res2+=1ll*a[a[o].rc].sum*a[a[pr].lc].sum; //不翻转:lc->rc 和 rc->lc 之间的逆序对数
merge(a[o].lc,a[pr].lc); //合并线段树,并计算 lc->lc 和 rc->lc 之间的逆序对数
merge(a[o].rc,a[pr].rc); //同上
}
void dfs(int &x){//题意的神奇递归输入
int q,lc,rc; read(q);
if(!q){
dfs(lc); dfs(rc);
res1=res2=;
merge(x=lc,rc);//合并
ans+=min(res1,res2);//选代价小的
}else update(x=,,n,q);//给叶子结点单独建一棵线段树,后面再合并
}
int main(){
// freopen("P3521_2.in","r",stdin);
read(n); dfs(rt);
printf("%lld",ans);
return ;
}
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