\(\\\)

\(Description\)


给出一棵 \(N\) 个点的树和 \(N\) 头牛,每头牛都要去往一个节点,且每头牛去往的点一定互不相同。

现在按顺序让每一头牛去往自己要去的节点,定义一头牛的代价为,路径上经过的已经有牛的节点数,求每一头牛的代价。

  • \(N\le 10^5\)

\(\\\)

\(Solution\)


注意到一个节点的影响只是在其子树内,考虑 \(DFS\) 的时候直接统计答案。

在每个节点上记录到这个点的牛的编号。那么对当前点有影响的点满足:

  • 在根到这个点的路径上\((\) 是当前点的祖先\()\)
  • 编号比这个点小

关于第二点,我们可以用值域树状数组通常的打标记求前缀和的方式知道个数。

但是我们要保证树状数组里只有根到当前点这一条链上的所有点。

这个部分可以通过撤销标记实现,即 \(DFS\) 完整棵子树之后在树状数组里撤销标记。

\(\\\)

\(Code\)


#include<cmath>
#include<cstdio>
#include<cctype>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#define N 100010
#define R register
#define gc getchar
using namespace std; inline int rd(){
int x=0; bool f=0; char c=gc();
while(!isdigit(c)){if(c=='-')f=1;c=gc();}
while(isdigit(c)){x=(x<<1)+(x<<3)+(c^48);c=gc();}
return f?-x:x;
} int n,m,tot,hd[N],p[N],ans[N]; struct edge{int to,nxt;}e[N<<1]; inline void add(int u,int v){
e[++tot].to=v; e[tot].nxt=hd[u]; hd[u]=tot;
} struct BIT{
int c[N];
inline int lowbit(int x){return x&-x;}
inline void add(int p,int x){for(;p<=n;p+=lowbit(p))c[p]+=x;}
inline int sum(int p){
int res=0;
for(;p;p-=lowbit(p)) res+=c[p];
return res;
}
}bit; inline void dfs(int u,int fa){
ans[p[u]]=bit.sum(p[u]);
bit.add(p[u],1);
for(R int i=hd[u],v;i;i=e[i].nxt)
if((v=e[i].to)!=fa) dfs(v,u);
bit.add(p[u],-1);
} int main(){
n=rd();
for(R int i=1,u,v;i<n;++i){
u=rd(); v=rd(); add(u,v); add(v,u);
}
for(R int i=1;i<=n;++i) p[rd()]=i;
dfs(1,0);
for(R int i=1;i<=n;++i) printf("%d\n",ans[i]);
return 0;
}

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