CodeForces - 1150 D Three Religions
题解:
id[ i ][ j ] 代表的是在第j个位置之后的第i个字符的位置在哪里。
dp[ i ][ j ][ k ] 代表的是 第一个串匹配到第i个位置, 第二个串匹配到第j个位置, 第三个串匹配到第k个位置之后,最后面一个字符的位置在哪里。
如果题目只询问一次,那么应该很容易想到n^3的写法。
for(int i = ; i <= n1; ++i){
for(int j = ; j <= n2; ++j){
for(int k = ; k <= n3; ++k){
if(i+j+k) dp[i][j][k] = n + ;
if(i) dp[i][j][k] = min(dp[i][j][k], id[ss[][i]-'a'][dp[i-][j][k]]);
if(j) dp[i][j][k] = min(dp[i][j][k], id[ss[][j]-'a'][dp[i][j-][k]]);
if(k) dp[i][j][k] = min(dp[i][j][k], id[ss[][k]-'a'][dp[i][j][k-]]);
}
}
但是,在一共有q次询问的前提下,肯定是不能每次询问都直接n^3的暴力得到的。
现在假如我们知道了 dp[3][4][6]的信息。
现在在第3个串后面加了一个字符,也就是说我们需要知道dp[3][4][7]的信息。
可以观察2遍的 n^3中的结果。
其中 for i from 0 to 3
for j from 0 to 4
for k from 0 to 6 的dp值和前面没有任何不同。
唯一区别的是 :
for i from 0 to 3
for j from 0 to 4
for k from 7 to 7 的dp值会发生变化。
所以我们只需要跑一边
for k from 7 to 7
for i from 0 to 3
for k from 0 to 4的dp值,更新这一块的dp值就好了。
如果 i + 1了 或者 j + 1了也是一样的道理。
所以每次更新所跑的值都是 len ^ 2。
最后的复杂度就是 q * len ^ 2. (len <= 250)。
代码:
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define Fopen freopen("_in.txt","r",stdin); freopen("_out.txt","w",stdout);
#define LL long long
#define ULL unsigned LL
#define fi first
#define se second
#define pb push_back
#define lson l,m,rt<<1
#define rson m+1,r,rt<<1|1
#define lch(x) tr[x].son[0]
#define rch(x) tr[x].son[1]
#define max3(a,b,c) max(a,max(b,c))
#define min3(a,b,c) min(a,min(b,c))
typedef pair<int,int> pll;
const int inf = 0x3f3f3f3f;
const int _inf = 0xc0c0c0c0;
const LL INF = 0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const LL _INF = 0xc0c0c0c0c0c0c0c0;
const LL mod = (int)1e9+;
const int N = 1e5 + ;
char s[N];
int id[][N];
int dp[][][];
char ss[][N];
void Ac(){
int n, m;
scanf("%d%d", &n, &m);
scanf("%s", s+);
for(int i = ; i < ; ++i)
id[i][n+] = n+;
for(int j = n; j >= ; --j){
for(int i = ; i < ; ++i){
id[i][j] = id[i][j+];
}
if(j < n) id[s[j+]-'a'][j] = j+;
}
int l1, l2, l3, n1, n2, n3;
l1 = l2 = l3 = n1 = n2 = n3 = ;
char op[];
int t;
for(int _ = ; _ <= m; ++_){
scanf("%s", op);
if(op[] == '+'){
scanf("%d%s", &t, op);
if(t == ) {
++n1; ss[][n1] = op[];
for(int i = n1; i <= n1; ++i){
for(int j = ; j <= l2; ++j){
for(int k = ; k <= l3; ++k){
if(i+j+k) dp[i][j][k] = n + ;
if(i) dp[i][j][k] = min(dp[i][j][k], id[ss[][i]-'a'][dp[i-][j][k]]);
if(j) dp[i][j][k] = min(dp[i][j][k], id[ss[][j]-'a'][dp[i][j-][k]]);
if(k) dp[i][j][k] = min(dp[i][j][k], id[ss[][k]-'a'][dp[i][j][k-]]);
}
}
}
}
if(t == ) {
++n2; ss[][n2] = op[];
for(int j = n2; j <= n2; ++j){
for(int i = ; i <= l1; ++i){
for(int k = ; k <= l3; ++k){
if(i+j+k) dp[i][j][k] = n + ;
if(i) dp[i][j][k] = min(dp[i][j][k], id[ss[][i]-'a'][dp[i-][j][k]]);
if(j) dp[i][j][k] = min(dp[i][j][k], id[ss[][j]-'a'][dp[i][j-][k]]);
if(k) dp[i][j][k] = min(dp[i][j][k], id[ss[][k]-'a'][dp[i][j][k-]]);
}
}
}
}
if(t == ) {
++n3; ss[][n3] = op[];
for(int k = n3; k <= n3; ++k){
for(int i = ; i <= l1; ++i){
for(int j = ; j <= l2; ++j){
if(i+j+k) dp[i][j][k] = n + ;
if(i) dp[i][j][k] = min(dp[i][j][k], id[ss[][i]-'a'][dp[i-][j][k]]);
if(j) dp[i][j][k] = min(dp[i][j][k], id[ss[][j]-'a'][dp[i][j-][k]]);
if(k) dp[i][j][k] = min(dp[i][j][k], id[ss[][k]-'a'][dp[i][j][k-]]);
}
}
}
}
}
else {
scanf("%d", &t);
if(t == ) --n1;
if(t == ) --n2;
if(t == ) --n3;
}
l1 = n1; l2 = n2; l3 = n3;
if(dp[l1][l2][l3] != n + ) puts("YES");
else puts("NO");
}
}
int main(){
Ac();
return ;
}
/*
6 8
abdabc
+ 1 a
+ 1 d
+ 2 b
+ 2 c
*/
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