垒骰子|2015年蓝桥杯B组题解析第九题-fishers

垒骰子

赌圣atm晚年迷恋上了垒骰子，就是把骰子一个垒在另一个上边，不能歪歪扭扭，要垒成方柱体。

经过长期观察，atm 发现了稳定骰子的奥秘：有些数字的面贴着会互相排斥！

我们先来规范一下骰子：1 的对面是 4，2 的对面是 5，3 的对面是 6。

假设有 m 组互斥现象，每组中的那两个数字的面紧贴在一起，骰子就不能稳定的垒起来。

atm想计算一下有多少种不同的可能的垒骰子方式。

两种垒骰子方式相同，当且仅当这两种方式中对应高度的骰子的对应数字的朝向都相同。

由于方案数可能过多，请输出模 10^9 + 7 的结果。

不要小看了 atm 的骰子数量哦～

「输入格式」

第一行两个整数 n m

n表示骰子数目

接下来 m 行，每行两个整数 a b ，表示 a 和 b 数字不能紧贴在一起。

「输出格式」

一行一个数，表示答案模 10^9 + 7 的结果。

「样例输入」

2 1

1 2

「样例输出」

544

「数据范围」

对于 30% 的数据：n <= 5

对于 60% 的数据：n <= 100

对于 100% 的数据：0 < n <= 10^9, m <= 36

资源约定：

峰值内存消耗 < 256M

CPU消耗 < 2000ms

请严格按要求输出，不要画蛇添足地打印类似：“请您输入...” 的多余内容。

所有代码放在同一个源文件中，调试通过后，拷贝提交该源码。

注意: main函数需要返回0

注意: 只使用ANSI C/ANSI C++ 标准，不要调用依赖于编译环境或操作系统的特殊函数。

注意: 所有依赖的函数必须明确地在源文件中 #include ， 不能通过工程设置而省略常用头文件。

提交时，注意选择所期望的编译器类型。

思路一：动态规划DP + 滚动数组

用动态规划来解. Dp[ i ][ j ]表示高度为 i , 顶面点数为 j 的方案数, 那么Dp[ i ][ j ] 就等于 i-1 高度时所有与j的反面无冲突的方案数累加. 最后的总方案数还要乘以(4^i), 因为每一个骰子可以4面转嘛. 由于每一层的规划只与前一层有关, 所以可以采用滚动数组, 不然内存会超标...直接看代码吧!

代码一：

#include <iostream>
using namespace std;

// ...冲突记录: Compact[i][j]=false代表点数为i的面与点数为j的面存在冲突
bool Compact[7][7];					

// ...Parner[i]=j代表 点数为i的面 的对立面点数为j
const int Parner[7]={ 0,4,5,6,1,2,3 };
const long long MOD = 1000000007;

int main(int argc, char** argv)
{
	long long  N; // 骰子高度
	int M; // 冲突组数
	int s1,s2;
	cin >> N >> M;
	//初始化骰子没有冲突
	for( int i = 0; i < 7; ++i)
		for( int j = 0; j < 7;++j)
			Compact[i][j]=true;

	//记录骰子存在的两面冲突
	for( int i = 0; i < M; ++i ) {
		cin >> s1 >> s2;
		// ...点数为s1的面与点数为s2的面存在冲突
		Compact[s1][s2] = Compact[s2][s1] = false;
	}
	long long dp[2][7]; // 滚动数组
	long long C = 4;
	int e = 0;			// 滚动标志
	for( int i = 1; i < 7; ++i )
		dp[e][i] = 1;

	// dp[i][j]代表高度为i的,顶面点数为j的叠骰子方案数
	// 在这里忽略每个骰子可以四面转向的情况, 把该情况留到最后乘上去就可以了
	int j,k;
	for( long long i = 2; i <= N; ++i ){
		e = 1-e;	// ...滚动处理 （0，1交替）
		C = (C*4)%MOD; //计算4^n次方：每次循环乘以4
		//下面两层循环表示：当前第i层顶面为j的方案数是下面一层6个面分别朝顶的方案数的总和
		for( j = 1; j < 7; ++j ){
			dp[e][j] = 0;
			for( k = 1; k < 7; ++k)
				if( Compact[ Parner[j] ][k] )
					dp[e][j] += dp[1-e][k]; //dp[0][j] 与 dp[1][j]相邻递推关系
			dp[e][j]%=MOD;
		}

	}
	int sum=0;
	//计算总数：总数就等于最上面一层骰子所递推来的6个面方案综合
	for( int i = 1; i < 7; ++i)
		sum = (sum+dp[e][i])%MOD;
	sum = (sum*C)%MOD;//骰子可以4个面转动 所以乘以4^n 就是乘以c
	cout << sum;
	return 0;
}

思路二：矩阵快速幂，转载 至：i逆天耗子丶

代码二：

#include<bits/stdc++.h>
#define ag(x) ((x)>3?(x)-3:(x)+3)
using namespace std;
typedef long long ll;
ll mod=1e9+7; 

struct matrix{
	int n,m;
	ll s[10][10];
};

//对A的初始化修改成 初始化为4,因为骰子四个面可以互相转动，需要最终乘以4或者初始化为4
matrix Aunit(matrix A){
	for(int i=0;i<6;i++){
		for(int j=0;j<6;j++){
			A.s[i][j]=4;
		}
	}
	return A;
}

//返回一个单位矩阵
matrix unit(matrix A){
	matrix re;
	re.n=A.n;re.m=A.m;
	for(int i=0;i<re.n;i++){
		for(int j=0;j<re.m;j++){
			if(i==j)re.s[i][j]=1;
			else re.s[i][j]=0;
		}
	}
	return re;
}

//两个矩阵相乘
matrix mix(matrix A,matrix B){
	matrix re;re.n=A.n;re.m=B.m;
	for(int i=0;i<re.n;i++){
		for(int j=0;j<re.m;j++){
			re.s[i][j]=0;
			for(int k=0;k<A.m;k++){
			    re.s[i][j]+=A.s[i][k]*B.s[k][j]%mod;
			    re.s[i][j]%=mod;
			}
		}
	}
	return re;
}

//快速求 矩阵A的b次方
matrix dpow(matrix A,ll b){
    matrix re;
	re=unit(A);
	while(b){
		if(b&1)re=mix(re,A);
		A=mix(A,A);
		b>>=1;
	}
	return re;
}

int main(){
	ll n,m;
    scanf("%lld%lld",&n,&m);
    matrix A;A.n=6;A.m=6;
	A=Aunit(A); //初始化矩阵A，表示冲突矩阵
	int ip1,ip2;
	//设置冲突矩阵的冲突面（两两对应）
	while(m--){
		scanf("%d%d",&ip1,&ip2);
		A.s[ip2-1][ag(ip1)-1]=0;
		A.s[ip1-1][ag(ip2)-1]=0;
	}

	matrix p;p.n=1;p.m=6;
	for(int j=0;j<6;j++)p.s[0][j]=4;
	A=dpow(A,n-1); //求A矩阵的n-1次方
    p=mix(p,A); //最后算A^n-1矩阵 * p矩阵,(p就是高度为1的第一个矩阵对应dp[1]）
    ll ans=0;
    for(int j=0;j<6;j++)ans=(ans+p.s[0][j])%mod;
	printf("%lld\n",ans);
	return 0;
}