网络流一直没学,来学一波网络流。

https://vjudge.net/problem/POJ-1273

题意:给定点数,边数,源点,汇点,每条边容量,求最大流。

解法:EK或dinic。

EK:每次增广用bfs选择一条从源到汇具有最少边数的增广路径,然后找出该路径容量最小的边,就是此次增加的流量,然后沿该路径增加反向边,同时修改每条边的容量,重复上述过程直到找不到增广路(即minFlow = 0)为止。

dinic: 每次bfs从源点到汇点分层(层数是源点到它最少要经过的边数),然后dfs从源点开始不断向下一层找增广路,碰到汇点说明找到一条,进行增广。然后回溯到点u(u是满足(u,v)容量为0的最上层节点)继续寻找增广路,如果回溯到源点且无法继续往下走dfs结束,然后对残余网络再分层,再dfs直到无法分层,算法结束。

 #include<iostream>
#include<queue>
#include<cstring>
using namespace std;
int G[][];
int pre[]; //前驱
bool vis[];
int n,m; //1是源,m是汇 inline int solve(){
deque<int> q;
memset(pre,,sizeof pre);
memset(vis,,sizeof vis);
pre[] = ;
vis[] = ;
q.push_back();
bool find = false;
while(!q.empty()){
int v = q.front();
q.pop_front();
for(int i=;i<=m;i++){
if(G[v][i]>&&vis[i]==){
pre[i] = v;
vis[i] = ;
if(i==m){
find = true;
q.clear();
break;
}
else q.push_back(i);
}
}
}
if(!find) return ;
int minFlow = 0x3f3f3f3f;
int v = m;
while(pre[v]){
minFlow = min(minFlow,G[pre[v]][v]);
v = pre[v];
}
v = m;
while(pre[v]){
G[pre[v]][v] -= minFlow;
G[v][pre[v]] += minFlow;
v = pre[v];
}
return minFlow;
} int main(){
while(cin>>n>>m){
memset(G,,sizeof G);
for(int i=;i<n;i++){
int s,e,c;
cin>>s>>e>>c;
G[s][e] += c;
}
int maxFlow = ;
int aug;
while(aug=solve())
maxFlow += aug;
cout<<maxFlow<<endl;
}
return ;
}
 #include<iostream>
#include<queue>
#include<cstring>
using namespace std;
const int inf = 0x3f3f3f3f;
int G[][];
bool vis[];
int Layer[];
int n,m; //1是源点,m是汇点 inline bool countLayer(){
int layer = ;
deque<int> q;
memset(Layer,0xff,sizeof Layer);
Layer[] = ;
q.push_back();
while(!q.empty()){
int v = q.front();
q.pop_front();
for(int j=;j<=m;j++){
if(G[v][j]>&&Layer[j]==-){
Layer[j] = Layer[v]+;
if(j==m) return true;
else q.push_back(j);
}
}
}
return false;
} inline int dinic(){
int maxFlow = ;
deque<int> q;
while(countLayer()){
q.push_back();
memset(vis,,sizeof vis);
vis[] = ;
while(!q.empty()){
int nd = q.back();
if(nd==m){
int minc = inf;
int minc_vs;
for(int i=;i<q.size();i++){
int vs = q[i-];
int ve = q[i];
if(G[vs][ve]>){
if(minc>G[vs][ve]){
minc = G[vs][ve];
minc_vs = vs;
}
}
}
maxFlow += minc;
for(int i=;i<q.size();i++){
int vs = q[i-];
int ve = q[i];
G[vs][ve] -= minc;
G[ve][vs] += minc;
}
while(!q.empty()&&q.back()!=minc_vs){
vis[q.back()] = ;
q.pop_back();
}
}
else {
int i;
for(i=;i<=m;i++){
if(G[nd][i]>&&Layer[i]==Layer[nd]+&&!vis[i]){
vis[i] = ;
q.push_back(i);
break;
}
}
if(i>m) q.pop_back();
}
}
}
return maxFlow;
} int main(){
while(cin>>n>>m){
memset(G,,sizeof G);
for(int i=;i<n;i++){
int s,e,c;
cin>>s>>e>>c;
G[s][e] += c;
}
cout<<dinic()<<endl;
}
return ;
}

poj1273 Drainage Ditches (最大流板子的更多相关文章

  1. poj-1273 Drainage Ditches(最大流基础题)

    题目链接: Drainage Ditches Time Limit: 1000MS   Memory Limit: 10000K Total Submissions: 67475   Accepted ...

  2. POJ-1273 Drainage Ditches 最大流Dinic

    Drainage Ditches Time Limit: 1000MS Memory Limit: 10000K Total Submissions: 65146 Accepted: 25112 De ...

  3. POJ1273:Drainage Ditches(最大流入门 EK,dinic算法)

    http://poj.org/problem?id=1273 Description Every time it rains on Farmer John's fields, a pond forms ...

  4. [poj1273]Drainage Ditches(最大流)

    解题关键:最大流裸题 #include<cstdio> #include<cstring> #include<algorithm> #include<cstd ...

  5. poj1273 Drainage Ditches Dinic最大流

    Drainage Ditches Time Limit: 1000MS   Memory Limit: 10000K Total Submissions: 76000   Accepted: 2953 ...

  6. Poj 1273 Drainage Ditches(最大流 Edmonds-Karp )

    题目链接:poj1273 Drainage Ditches 呜呜,今天自学网络流,看了EK算法,学的晕晕的,留个简单模板题来作纪念... #include<cstdio> #include ...

  7. 2018.07.06 POJ1273 Drainage Ditches(最大流)

    Drainage Ditches Time Limit: 1000MS Memory Limit: 10000K Description Every time it rains on Farmer J ...

  8. poj1273 Drainage Ditches

    Drainage Ditches Time Limit: 1000MS   Memory Limit: 10000K Total Submissions: 68414   Accepted: 2648 ...

  9. poj 1273 Drainage Ditches 最大流入门题

    题目链接:http://poj.org/problem?id=1273 Every time it rains on Farmer John's fields, a pond forms over B ...

随机推荐

  1. 【Android Studio】Gradle DSL method not found:'android()'

    如图所示: 参考:http://www.jianshu.com/p/d370d41fb7da 又遇到了这个问题: 参考:http://stackoverflow.com/questions/24204 ...

  2. 【iOS】创建真机调试证书

    今天第一次完整的在一个开发者账号里添加证书,刚接触,还真有些不熟悉,还好找到了一篇不错的文章:iOS开发:创建真机调试证书 ,做了很详细的介绍. 分享一下!!

  3. 读JDK源码集合部分

    以前读过一遍JDK源码的集合部分,读完了一段时间后忘了,直到有一次面试简历上还写着读过JDK集合部分的源码,但面试官让我说说,感觉记得不是很清楚了,回答的也模模糊糊的,哎,老了记性越来越差了,所以再回 ...

  4. .netcore持续集成测试篇之开篇简介及Xunit基本使用

    系列目录 为了支持跨平台,微软为.net平台提供了.net core test sdk,这样第三方测试框架诸如Nunit,Xunit等只需要按照sdk提供的api规范进行开发便可以被dotnet cl ...

  5. 我的C语言学习1

    学习是快乐的,尤其是从之前看到一个程序的一头雾水到大致懂了是怎么回事,这个过程是兴奋开心的,让我不断的前进,不能自拔,今天就要结束,总结一下. 1.1-第一个C语言 #include<stdio ...

  6. Android8.1 MTK平台 截屏功能分析

    前言 涉及到的源码有 frameworks\base\services\core\java\com\android\server\policy\PhoneWindowManager.java vend ...

  7. 8.9 day30 并发编程 进程理论 进程方法 守护进程 互斥锁

    多道技术 1.空间上的复用 多个程序共用一套计算机硬件 多道技术原理 2.时间上的复用 ​ 切换+保存状态 ​ 1.当一个程序遇到IO操作 操作系统会剥夺该程序的CPU执行权限( 提高了CPU的利用率 ...

  8. 康托(Cantor)展开

    直接进入正题. 康托展开 Description 现在有"ABCDEFGHIJ”10个字符,将其所有的排列中按字典序排列,给出任意一种排列,说出这个排列在所有的排列中是第几小的? Input ...

  9. 逆向破解之160个CrackMe —— 013

    CrackMe —— 013 160 CrackMe 是比较适合新手学习逆向破解的CrackMe的一个集合一共160个待逆向破解的程序 CrackMe:它们都是一些公开给别人尝试破解的小程序,制作 c ...

  10. 盘一盘 AQS和ReentrantLock

    AQS是个啥? AQS(AbstractQueuedSynchronizer)是Java并发用来构建锁和其他同步组件的基础框架.许多同步类实现都依赖于它,如常用的ReentrantLock/Reent ...