CF1093：E. Intersection of Permutations（树状数组套主席树）

题意：给定长度为N的a数组，和b数组，a和b都是1到N的排列； 有两种操作，一种是询问[L1,R1]，[L2,R2]；即问a数组的[L1,R1]区间和b数组的[L2,R2]区间出现了多少个相同的数字。 一种是修改b数组两个位置的值。

思路：如果把b数组每个数取对应a数组对应数的位置，即按照b的下标建立横坐标，纵坐标是它在a中的位置，那么问题就成了，询问在区间[L2,R2]里面，多少个数在[L1,R1]这区间。  这很明显就是主席树可以解决的了。时间复杂度是O(N*logN*logN)；常数差不多是4。

因为空间的问题，但是赛场上不少树套树都MLE或者RE了。

这里学到了回收空间：因为这里的节点不可能出现负数，所以如果一个节点的sum为0，那么子树节点的sum值都为0，那么这个子树都可以回收，即把它们赋值为0；

（cdq先补了G再回来补。分块懒得补了。

#include<bits/stdc++.h>
#define rep(i,a,b) for(int i=a;i<=b;i++)
using namespace std;
const int maxn=;
struct in{
    int l,r,sum;
    in(){l=r=sum=;}
}s[maxn*];
queue<int>q;
int rt[maxn],pos[maxn],a[maxn],b[maxn],N,cnt;
void add(int &Now,int L,int R,int pos,int v)
{
    if(!Now){
        if(!q.empty()) Now=q.front(),q.pop();
        else Now=++cnt;
    }
    s[Now].sum+=v;
    if(L==R) return ;int Mid=(L+R)>>;
    if(pos<=Mid) add(s[Now].l,L,Mid,pos,v);
    else add(s[Now].r,Mid+,R,pos,v);
    if(!s[Now].sum) {q.push(Now); Now=;}
}
void Add(int x,int pos,int v)
{
    while(x<=N){
        add(rt[x],,N,pos,v);
        x+=(-x)&x;
    }
}
int query(int Now,int L,int R,int l,int r)
{
    if(L>R) return ;
    if(L<||l<) return ;
    if(!Now) return ;
    if(l<=L&&r>=R) return s[Now].sum;
    int Mid=(L+R)>>,res=;
    if(l<=Mid) res+=query(s[Now].l,L,Mid,l,r);
    if(r>Mid) res+=query(s[Now].r,Mid+,R,l,r);
    return res;
}
int Query(int x,int L,int R)
{
    if(L>R) return ; if(x<=) return ;
    int res=; while(x){
        res+=query(rt[x],,N,L,R);
        x-=(-x)&x;
    } return res;
}
int main()
{
    int M,opt,L1,R1,L2,R2,x,y;
    scanf("%d%d",&N,&M);
    rep(i,,N) scanf("%d",&a[i]),pos[a[i]]=i;
    rep(i,,N) scanf("%d",&b[i]);
    rep(i,,N) Add(i,pos[b[i]],);
    while(M--){
        scanf("%d",&opt);
        if(opt==){
            scanf("%d%d%d%d",&L1,&R1,&L2,&R2);
            int ans=Query(R2,L1,R1)-Query(L2-,L1,R1);
            printf("%d\n",ans);
        }
        else {
            scanf("%d%d",&x,&y);
            Add(x,pos[b[x]],-); Add(y,pos[b[y]],-);
            swap(b[x],b[y]);
            Add(x,pos[b[x]],); Add(y,pos[b[y]],);
        }
    }
    return ;
}