[CC-SEINC]Sereja and Subsegment Increasings

题目大意:

有长度为\(n(n\le10^5)\)的序列\(A\)和\(B\)。

在一次操作中,可以选择一个区间增加\(1\)。

求让\(A\)和\(B\)在模\(4\)意义下相等,至少要对\(A\)执行多少次操作。

思路:

对\(A,B\)对应作差,\(C_i=B_i-A_i\)。

求\(C\)的查分\(D_i=C_i-C_{i+1}\)。

如果不考虑模\(4\),答案即为\(\sum\max(D_i,0)\)。

而模\(4\)相当于可以对\(C\)区间加\(4\),对应到\(D\)上就是对于区间\((l,r]\),\(D_l+=4,D_r-=4\)。

考虑怎样选择区间能够使答案更优。

对于区间\((l,r]\),考虑以下情况:

  1. \(D_l=2,D_r=-3\),会使答案\(-1\);
  2. \(D_l=3,D_r=-2\),会使答案\(-1\);
  3. \(D_l=3,D_r=-3\),会使答案\(-2\)。

而其余情况都不会使答案更优。

因此可以线性扫一遍,记录\(2,3\)出现的次数,将当前点作为右端点时择优更新答案即可。

时间复杂度\(\mathcal O(n)\)。

源代码:

#include<cstdio>
#include<cctype>
#include<algorithm>
inline int getint() {
register char ch;
while(!isdigit(ch=getchar()));
register int x=ch^'0';
while(isdigit(ch=getchar())) x=(((x<<2)+x)<<1)+(ch^'0');
return x;
}
const int N=1e5+1;
int a[N];
int main() {
for(register int T=getint();T;T--) {
const int n=getint();
for(register int i=1;i<=n;i++) a[i]=getint();
for(register int i=1;i<=n;i++) {
a[i]=(getint()-a[i]+4)%4;
}
int ans=a[n],cnt2=0,cnt3=0;
for(register int i=1;i<n;i++) {
a[i]-=a[i+1];
ans+=std::max(0,a[i]);
}
for(register int i=1;i<=n;i++) {
if(a[i]==2) cnt2++;
if(a[i]==3) cnt3++;
if(a[i]==-2) {
if(cnt3) {
cnt2++;
cnt3--;
ans--;
}
}
if(a[i]==-3) {
if(cnt3) {
cnt3--;
ans-=2;
} else if(cnt2) {
cnt2--;
ans--;
}
}
}
printf("%d\n",ans);
}
return 0;
}

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