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我们可以倒着来\(DP\)。

设\(f[i][j]\)表示剩余\(i\)个人,从庄家数起第\(j\)个人的胜率,设当前枚举到第\(k\)张牌,该情况下这一轮淘汰的位置为\(x\),则有状态转移方程:

\(\qquad\qquad f[i][j] = f[i][j] + \dfrac{f[i - 1][i - x + j]}{m}, (x > j)\)

\(\qquad\qquad f[i][j] = f[i][j] + \dfrac{f[i - 1][j - x]}{m}, (x < j)\)

简单解释下。

  1. 当\(x = j\)时,该人被淘汰,所以不用管。

  2. 当\(x > j\)时,因为庄家被淘汰的下一个人,所以当前从庄家数起第\(j\)个人就变成\(i - x + j\)个人。

  3. 当\(x < j\)时,当前从庄家数起第\(j\)个人就变成\(j - x\)个人。

因为只剩一人时,就是庄家获胜,所以\(f[1][1] = 1\),其余为\(0\)。

最后对于从庄家数起第\(i\)个人,答案为\(f[n][i]\)。

#include<cstdio>
using namespace std;
const int N = 55;
int a[N];
double f[N][N];
inline int re()
{
int x = 0;
char c = getchar();
bool p = 0;
for (; c < '0' || c > '9'; c = getchar())
p |= c == '-';
for (; c >= '0' && c <= '9'; c = getchar())
x = x * 10 + c - '0';
return p ? -x : x;
}
int main()
{
int i, j, k, n, m, ne;
n = re();
m = re();
for (i = 1; i <= m; i++)
a[i] = re();
f[1][1] = 1;
for (i = 2; i <= n; i++)
for (j = 1; j <= i; j++)
for (k = 1; k <= m; k++)
{
ne = a[k] % i ? a[k] % i : i;
if (ne > j)
f[i][j] += f[i - 1][i - ne + j] / m;
else
if (ne < j)
f[i][j] += f[i - 1][j - ne] / m;
}
for (i = 1; i <= n; i++)
printf("%.2f%% ", f[n][i] * 100);
return 0;
}

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