【BZOJ3144】[HNOI2013]切糕

题面

题目描述

经过千辛万苦小 A 得到了一块切糕，切糕的形状是长方体，小 A 打算拦腰将切糕切成两半分给小 B。出于美观考虑，小 A 希望切面能尽量光滑且和谐。于是她找到你，希望你能帮她找出最好的切割方案。

出于简便考虑，我们将切糕视作一个长 P、宽 Q、高 R 的长方体点阵。我们将位于第 z层中第 x 行、第 y 列上(1≤x≤P, 1≤y≤Q, 1≤z≤R)的点称为(x,y,z)，它有一个非负的不和谐值 v(x,y,z)。一个合法的切面满足以

下两个条件：

1.与每个纵轴(一共有 P*Q 个纵轴)有且仅有一个交点。即切面是一个函数 f(x,y)，对于所有 1≤x≤P, 1≤y≤Q,我们需指定一个切割点 f(x,y),且 1≤f(x,y)≤R。

2.切面需要满足一定的光滑性要求，即相邻纵轴上的切割点不能相距太远。对于所有的 1≤x,x’≤P 和 1≤y,y’≤Q，若|x-x’|+|y-y’|=1，则|f(x,y)-f(x’,y’)| ≤D，其中 D 是给定的一个非负整数。可能有许多切面f 满足上面

的条件，小A 希望找出总的切割点上的不和谐值最小的那个。

输入格式

第一行是三个正整数P,Q,R，表示切糕的长P、宽Q、高R。第二行有一个非负整数D，表示光滑性要求。接下来是R个P行Q列的矩阵，第z个矩阵的第x行第y列是v(x,y,z) (1<=x<=P, 1<=y<=Q, 1<=z<=R)。 100%的数据满足P,Q,R<=40，0<=D<=R，且给出的所有的不和谐值不超过1000。

输出格式

仅包含一个整数，表示在合法基础上最小的总不和谐值。

样例

输入样例

输出样例

说明

最佳切面的f为f(1,1)=f(2,1)=2,f(1,2)=f(2,2)=1

题解

注意题目第一句话：

经过千辛万苦小 A 得到了一块切糕

说到千辛万苦，我就想起了师徒四人去取经，今年下半年

中美，合拍，文体，开花谢谢!!!

23333333

Q:当我们没有那个光滑度限制时怎么做呢？

A:每一个纵轴取max

A:往上新建一层$R+1$，$S$连向第一层每个点的容量为$\infty$的边，第$R+1$层每个点向$T$连容量为$\infty$的边，对于$\forall 1\leq k\leq R$，每个$(i,j,k)$向$(i,j,k+1)$连容量为$v_{i,j,k}$的边，再求最小割即可。

接下来考虑有光滑度限制的情况：

我们的限制条件是：

对$|x-i|+|y-j|=1$有$f(x,y)-f(i,j)\leq D$。

实际上就是要求$f(x,y)-f(i,j)>D$时，$S$可以到达$T$

那么直接由距离为$1$的两个点$(x,y),(i,j)$

对于$\forall D+1\leq k\leq R+1$，连$(i,j,k-D)\rightarrow(x,y,k)(cap=\infty)$

最后跑最小割即可

代码

#include <iostream>

#include <cstdio>

#include <cstdlib>

#include <cstring>

#include <cmath>

#include <algorithm>

#include <queue>

using namespace std;

const int MAX_N = 50;

const int MAX_V = MAX_N * MAX_N * MAX_N;

const int INF = 1e9;

struct Graph { int to, cap, next; } e[MAX_V << 2]; int fir[MAX_V], e_cnt, V;

void clearGraph() { memset(fir, -1, sizeof(fir)); e_cnt = 0; }

void Add_Edge(int u, int v, int c) {

    e[e_cnt] = (Graph){v, c, fir[u]}, fir[u] = e_cnt++;

    e[e_cnt] = (Graph){u, 0, fir[v]}, fir[v] = e_cnt++;

}

int level[MAX_V], iter[MAX_V];

void bfs(int s) {

    static queue<int> que; fill(&level[0], &level[V + 1], -1);

    que.push(s), level[s] = 0;

    while (!que.empty()) {

        int x = que.front(); que.pop();

        for (int i = fir[x]; ~i; i = e[i].next) {

            int v = e[i].to;

            if (level[v] == -1 && e[i].cap > 0) level[v] = level[x] + 1, que.push(v);

        }

    }

}

int dfs(int x, int t, int f) {

    if (x == t || !f) return f;

    for (int &i = iter[x]; ~i; i = e[i].next) {

        int v = e[i].to;

        if (e[i].cap > 0 && level[v] > level[x]) {

            int d = dfs(v, t, min(f, e[i].cap));

            if (d != 0) {

                e[i].cap -= d;

                e[i ^ 1].cap += d;

                return d;

            } else level[v] = -1;

        }

    }

    return 0;

}

int max_flow(int s, int t) {

    int flow = 0;

    for (;;) {

        bfs(s);

        if (level[t] == -1) return flow;

        int f;

        for (int i = 0; i <= V; i++) iter[i] = fir[i];

        while ((f = dfs(s, t, INF))) flow += f;

    }

}

int P, Q, R, D, a[MAX_N][MAX_N][MAX_N];

const int dx[] = {-1, 1, 0, 0}, dy[] = {0, 0, -1, 1};

int main () {

	clearGraph();

	scanf("%d%d%d%d", &P, &Q, &R, &D);

	for (int k = 1; k <= R; k++)

		for (int i = 1; i <= P; i++)

			for (int j = 1; j <= Q; j++)

				scanf("%d", &a[i][j][k]);

	int s = 0, t = P * Q * (R + 1) + 1; V = t;

	for (int i = 1; i <= P; i++)

		for (int j = 1; j <= Q; j++) {

        int x = (i - 1) * Q + j + 1;

        Add_Edge(s, x, INF);

		for (int k = 1; k <= R; k++) Add_Edge(P * Q * (k - 1) + x, P * Q * k + x, a[i][j][k]);

        Add_Edge(P * Q * R + x, t, INF);

    }

    for (int i = 1; i <= P; i++)

		for (int j = 1; j <= Q; j++)

            for (int h = 0; h < 4; h++) {

				int x = i + dx[h], y = j + dy[h];

				if (x < 1 || x > P || y < 1 || y > Q) continue;

				for (int k = D + 1; k <= R + 1; k++)

					Add_Edge(P * Q * (k - 1) + (i - 1) * Q + j + 1, P * Q * (k - D - 1) + (x - 1) * Q + y + 1, INF);

            }

	printf("%d\n", max_flow(s, t));

	return 0;

}