题目链接:

  http://acm.zju.edu.cn/onlinejudge/showProblem.do?problemCode=3229

题目大意

  n天给m个女孩拍照(1<=n<=365,1<=m<=1000),每个女孩X在n天里总共至少拍Gx张照片。

  第k天可以给Ck个女孩拍照,当天总共最多拍Dk张照片,每个女孩这天被拍的数量在[Li,Ri]。

  满足要求的条件下尽量多拍照。

  求是否有可行解,没有输出-1,有的话输出最大流以及每天对该天能拍照的女孩的拍照数量(巨坑。。怪我没读清题意。wa了好久)。

  数据输入:

    最多40组数据,多组数据,第一行两个数n和m,第二行m个数Gx。

    接下来输入n天的信息,第一行为每天的Ck,Dk,接下来C行输入今天可以拍的女孩编号T(从0开始),L,R。

题目思路:

  【有源汇上下界最大流】

  设源s和汇t,s向第i天连(0,Di)的边,第i天向当天的Ck个女孩连(Li,Ri)的边,最后每个女孩向t连(Gi,∞)的边。

  这样这题就转化成有上下界的最大流了。

  接下来设超级源S和超级汇T,将有上下界的图转成无上下界的图。

  从S到T跑一边最大流,如果每条S的出边都满流则有解,否则无解。

  有解的情况下把S和T删掉(听说不删也可以?),从s到t跑一边最大流,即为答案(别忘了加上下界)。

  

  建图方法:

  设每条边上界为c,下界为b,将每条边的上界改为c-b。

  我们开设一个数组in[]来记录每个节点的流量情况。

  in[i]=Σi入下界i出下界(i节点所有入流下界之和-i节点所有出流下界之和)。

  当in[i]大于0的时候,S到i连一条流量为in[i]的边。

  当in[i]小于0的时候,i到T连一条流量为-in[i]的边。

  最后对(S,T)求一次最大流即可,当所有附加边全部满流时(S的出边都满流时),有可行解。

  

  

 //
//by coolxxx
//
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<string>
#include<iomanip>
#include<memory.h>
#include<time.h>
#include<stdio.h>
#include<stdlib.h>
#include<string.h>
#include<stdbool.h>
#include<math.h>
#define min(a,b) ((a)<(b)?(a):(b))
#define max(a,b) ((a)>(b)?(a):(b))
#define abs(a) ((a)>0?(a):(-(a)))
#define lowbit(a) (a&(-a))
#define sqr(a) (a)*(a)
#define swap(a,b) (a)^=(b),(b)^=(a),(a)^=(b)
#define eps 1e-8
#define MAX 0x7f7f7f7f
#define INF 20000
#define PI 3.1415926535897
#define N 2004
#define M 2000004
using namespace std;
int n,m,cas,lll,ans;
int S,T,nn,s,t;
int last[N],in[N],d[N],vd[N],day[];
int low[M];
struct xxx
{
int next,to,f;
}e[M];
void add(int x,int y,int f)
{
e[++lll].next=last[x];
last[x]=lll;
e[lll].to=y;
e[lll].f=f;
}
void link(int x,int y,int f)
{
add(x,y,f);
add(y,x,);
}
void build()
{
int i,j,f,x,y,b,c;
lll=;ans=;
scanf("%d",&m);
s=n+m+;t=n+m+;
for(i=;i<=m;i++)
{
scanf("%d",&x);//Gx
//link(n+i,t,MAX-x);
in[n+i]-=x;in[t]+=x;
}
for(i=;i<=n;i++)
{
scanf("%d%d",&x,&day[i]);//C D
//link(s,i,f);
for(j=;j<=x;j++)
{
scanf("%d%d%d",&y,&b,&c);
y++;
link(i,n+y,c-b);
in[i]-=b;in[n+y]+=b;
low[++low[]]=b;
}
}
S=t+;
T=t+;
nn=n+m+;
for(i=;i<=n+m+;i++)
{
if(in[i]>)link(S,i,in[i]);
if(in[i]<)link(i,T,-in[i]);
}
for(i=;i<=m;i++)link(n+i,t,MAX);
for(i=;i<=n;i++)link(s,i,day[i]);
link(t,s,MAX);
}
int sap(int u,int f,int T)
{
int i,tt,asp=,mix=nn-;
if(u==T)return f;
for(i=last[u];i;i=e[i].next)
{
if(e[i].f>)
{
if(d[u]==d[e[i].to]+)
{
tt=sap(e[i].to,min(f-asp,e[i].f),T);
asp+=tt;
e[i].f-=tt;
e[i^].f+=tt;
if(asp==f || d[S]==nn)
return asp;
}
mix=min(mix,d[e[i].to]);
}
}
if(asp!=)return asp;
if(!--vd[d[u]])d[S]=nn;
else vd[d[u]=mix+]++;
return asp;
}
void maxflow(int S,int T)
{
int f;
memset(d,,sizeof(d));
memset(vd,,sizeof(vd));
vd[]=nn;
while(d[S]<nn)
{
f=sap(S,MAX,T);
ans+=f;
}
}
int main()
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
// freopen("1.txt","r",stdin);
// freopen("2.txt","w",stdout);
#endif
int i,j,f;
// while(~scanf("%s",s))
while(~scanf("%d",&n) && n)
{
build();
maxflow(S,T);
for(i=last[S],f=;i;i=e[i].next)
{
if(e[i].f>)
{
f=;
break;
}
}
if(!f)
puts("-1");
else
{
last[S]=last[T]=;
ans=;
maxflow(s,t);
printf("%d\n",ans);
for(i=;i<=low[];i++)
printf("%d\n",low[i]+e[(i<<)^].f);
}
low[]=;
memset(in,,sizeof(in));
memset(last,,sizeof(last));
puts("");
}
return ;
} /*
// //
*/

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