POJ3666 Making the Grade

POJ3666 Making the Grade

题意：

给定一个长度为n的序列A，构造一个长度为n的序列B，满足b非严格单调，并且最小化S=∑_i=1^N |Ai-Bi|，求出这个最小值S,1<=N<=2000,1<=Ai<=1e9.

引理：在满足S最小化的情况下，一定存在一种构造序列B的方案，使得B中的数值都在A中出现过。

由此，用一个数组b[i]初始化=a[i]，然后对b从小到大排序，用f[i][j]表示完成了B中前i个数的构造，第i个数为b[j]时的最小的S.当第i个数等于b[j]时，因为B序列是单调递增的，所以之前构造的数一定在b[1]~b[j]之间，用tmp维护其最小值即可，则有：

    for(res i= ; i<=n ; i++)
    {
        LL tmp=f[i-][];
        for(res j= ; j<=n ; j++)
        {
            tmp=min(tmp,f[i-][j]);
            f[i][j]=tmp+abs(a[i]-b[j])
        }
    }

最后答案即为f[1~n]的最小值。

进一步优化：

发现第一维可以省略掉。

完整代码：

 #include <cstdio>
 #include <iostream>
 #include <cstring>
 #include <algorithm>
 using namespace std;

 #define INF (2147483640)
 const int N=+;
 int a[N],b[N];
 int f[N],n;

 int main()
 {
     scanf("%d",&n);
     for(int i= ; i<=n ; i++) scanf("%d",&a[i]),b[i]=a[i];    

     sort(b+,b+n+);
     int ans=INF;
     for(int i= ; i<=n ; i++)
     {
         int t=INF;
         for(int j= ; j<=n ; j++)
         {
             t=min(t,f[j]);
             f[j]=abs(b[j]-a[i])+t;
         }
     }
     for(int i= ; i<=n ; i++)
         ans=min(ans,f[i]);
     printf("%d\n",ans);
     return ;
 }